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类型2019高考物理精编优选冲刺练江苏专用:9选择+1计算保分练(5) Word版含解析.doc

  • 上传人:weiwoduzun
  • 文档编号:4644329
  • 上传时间:2019-01-05
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    2019高考物理精编优选冲刺练江苏专用:9选择+1计算保分练(5) Word版含解析.doc
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    1、9 选择1 计算保分练(5)一、单项选择题1.(2018江苏省南京市、盐城市高三二模)在国际单位制(SI)中,力学和电学的基本单位有 m(米) 、kg(千克 )、s(秒)、A(安培)。库仑定律 Fk 中 k 的单位用q1q2r2上述基本单位可表示为( )A.kgm3A2 s1 B.kgm3A2 s2C.kgm3A2 s3 D.kgm3A2 s4解析 物理量的单位可以由物理公式推导而出,由 Fk ,则 k ,所q1q2r2 Fr2q1q2以 k 的单位可以表示为 Nm2C2 ,又根据牛顿第二定律和电流强度的定义Fma 、I ,可得 1 N1 kgms2 、1 C1 As,可得 k 的单位为 kg

    2、m3A2 s4 ,选qt项 D 正确。答案 D2.(2018江苏省南通市高三调研)2017 年 4 月 20 日, “天舟一号” 飞船成功发射,与“天宫二号 ”空间实验室对接后在离地约 393 km 的圆轨道上为“天宫二号”补加推进剂,在完成各项试验后, “天舟一号” 受控离开圆轨道,最后进入大气层烧毁,下列说法中正确的是( )A.对接时, “天舟一号 ”的速度小于第一宇宙速度B.补加推进剂后, “天宫二号”受到地球的引力减小C.补加推进剂后, “天宫二号”运行的周期减小D.“天舟一号 ”在加速下降过程中处于超重状态解析 7.9 km/s 是地球的第一宇宙速度,是卫星最小的发射速度,也是卫星或

    3、飞行器绕地球做匀速圆周运动的最大速度,所以对接时, “天舟一号” 的速度必定小于第一宇宙速度,故选项 A 正确;补加推进剂后, “天宫二号”的质量增大,由万有引力定律可知, “天宫二号 ”受到地球的引力增大,故选项 B 错误;补加推进剂后, “天宫二号 ”的质量增大,根据万有引力提供向心力可得 G m r,Mmr2 42T2解得:T2 ,公式中的 M 是地球的质量,可见“ 天宫二号”的周期与其质r3GM量无关,所以保持不变,故选项 C 错误;“天舟一号 ”在加速下降过程中加速度的方向向下,所以处于失重状态,故选项 D 错误。答案 A3.(2018江苏省南通市高三调研)如图 1 所示,电源电动势

    4、 E12 V,内阻 r1.0 ,电阻 R14.0 ,R 27.5 ,R 35.0 ,电容器的电容 C10 F,闭合开关 S,电路达到稳定后电容器的电荷量为( )图 1A.4.5105 C B.6.010 5 CC.7.5105 C D.1.2104 C解析 闭合开关 S,R 1和 R3串联,电容器的电压等于 R3的电压:U E 12 V6.0 V,电容器上所带的电荷量 R3R1 R3 r 54 5 1QCU1010 6 6.0 C6.010 5 C,故选项 B 正确。答案 B4.(2018江苏省南通、徐州、扬州、泰州、淮安、宿迁市高三调研)如图 2 所示,水平平台上放置一长为 L、质量为 m

    5、的均匀木板,板右端距离平台边缘为 s,板与台面间动摩擦因数为 ,重力加速度为 g。现对板施加水平推力,要使板脱离平台,推力做功的最小值为( )图 2A.mg(Ls) B.mg( s)L2C.mg(Ls ) D.mg( s )3L4解析 要使板脱离平台,即让板的重心脱离平台,则板运动的距离为 s ,需L2要克服摩擦力做功为 Wfmg ( s),即推力做功的最小值为 mg( s),故选L2 L2项 B 正确, A、C 、D 错误。答案 B5.(2018江苏苏州市高三模拟)如图 3 甲所示,足够长的木板 B 静置于光滑水平面上,其上表面放置小滑块 A。木板 B 在水平拉力 F 作用下,其加速度 a

    6、随拉力 F 变化的关系图象如图乙所示,则小滑块 A 的质量为( )图 3A.4 kg B.3 kgC.2 kg D.1 kg解析 当 F 等于 3 N 时,加速度 a1 m/s2,对整体分析,由牛顿第二定律有:F(m Am B)a,代入数据计算得出: mAm B3 kg,当 F 大于 3 N 时,对 B,由牛顿第二定律得 a F ,由图示图象可知,图线的斜率F mAgmB 1mB mAgmBk 1,计算得出木板 B 的质量:m B1 kg,滑块 A 的质量为 mA2 1mB aFkg,故选项 A、B、D 错误,C 正确。答案 C二、多项选择题6.(2018常州市高三模拟 )如图 4 所示,半径

    7、为 2r 的弹性螺旋线圈内有垂直纸面向外的圆形匀强磁场区域,磁场区域的半径为 r,已知弹性螺旋线圈的电阻为R,线圈与磁场区域共圆心,则以下说法中正确的是( )图 4A.保持磁场不变,线圈的半径由 2r 变到 3r 的过程中,有顺时针的电流B.保持磁场不变,线圈的半径由 2r 变到 0.5r 的过程中,有逆时针的电流C.保持半径不变,使磁场随时间按 Bkt 变化,线圈中的电流为kr2RD.保持半径不变,使磁场随时间按 Bkt 变化,线圈中的电流为2kr2R解析 保持磁场不变,线圈的半径由 2r 变到 3r 的过程中,穿过线圈的磁通量没有变化,没有感应电流,选项 A 错误;保持磁场不变,线圈的半径

    8、由 2r 变到 0.5r 的过程中,穿过线圈的磁通量减小,有感应电流,根据楞次定律判断感应电流方向为逆时针,选项 B 正确;保持半径不变,磁场随时间按照 Bkt 变化,根据法拉第电磁感应定律解得感应电动势为 E kr 2,所以根据闭合t电路的欧姆定律有 I ,选项 C 正确,D 错误。kr2R答案 BC7.木块 a 和 b 用一根轻弹簧连接起来,放在光滑水平面上,a 紧靠在墙壁上。在b 上施加向左的水平力 F 使弹簧压缩,如图 5 所示。当撤去外力 F 后,下列说法中正确的是( )图 5A.a 尚未离开墙壁前,a 和 b 组成的系统动量守恒B.a 尚未离开墙壁前,a 和 b 组成的系统动量不守

    9、恒C.a 离开墙壁后,a、b 组成的系统动量守恒D.a 离开墙壁后,a、b 组成的系统动量不守恒解析 在 a 离开墙壁前、弹簧伸长的过程中,对 a 和 b 组成的系统,由于受到墙对 a 的弹力作用,所以 a、b 组成的系统动量不守恒,选项 A 错误,B 正确;在 a 离开墙壁后,a、b 构成的系统所受的合外力为零,因此动量守恒,故选项C 正确, D 错误。答案 BC8.(2018盐城中学模拟 )如图 6 所示,虚线上方存在匀强磁场,磁感应强度为B;一群电子以不同速率 v 从边界上的 P 点以相同的方向射入磁场。其中某一速率为 v0 的电子从 Q 点射出。已知电子入射方向与边界夹角为 ,则由以上

    10、条件可判断( )图 6A.该匀强磁场的方向垂直纸面向里B.所有电子在磁场中的轨迹相同C.速率大于 v0 的电子在磁场中运动时间长D.所有电子的速度方向都改变了 2解析 由左手定则可知,该匀强磁场的方向垂直纸面向里,选项 A 正确;由qvB 得 R ,可知所有电子在磁场中的轨迹不相同,选项 B 错误;由电mv2R mvqB子在磁场中运动周期 T 得 T ,电子在磁场中运动时间2Rv 2mqBt T ,所以所有电子在磁场中的运动时间都相同,选项 C 错误;所有22 2mqB电子偏转角度相同,所有电子的速度方向都改变了 2,选项 D 正确。答案 AD9.(2018江苏省南通市高三调研)如图 7 所示

    11、,质量均为 m 的 A、B 两物块与劲度系数为 k 的轻弹簧两端相连,置于足够长、倾角为 30的斜面上,处于静止状态,物块 A 下表面光滑,物块 B 与斜面间的最大静摩擦力为 f,重力加速度为g,现给物块 A 施加沿斜面向上的恒力,使 A、B 两物块先后开始运动,弹簧始终在弹性限度内,则图 7A.当物块 B 刚开始运动时,弹簧伸长量最大B.在物块 B 开始运动前,物块 A 可能一直做加速运动C.物块 A 沿斜面向上运动距离为 时,速度达到最大F mgkD.当物块 A 沿斜面向上运动距离为 时,物块 B 开始运动f mgk解析 当物块 B 刚开始运动时,对 B 有 kx1mgsin 30mgco

    12、s 30,物块 B 开始运动后做加速运动,对 B 有 kx2mgsin 30mgcos 30,可知 x2x1。所以当物块 B 刚开始运动时,弹簧伸长量不是最大,故选项 A 错误;在物块 B 开始运动前,可能有 Fmgsin 30F 弹 ,物块 A 一直做加速运动,故选项 B 正确;原来系统静止时,对 A 有 kx0mgsin 30,当 A 的合力为零时速度最大,此时有Fmg sin 30kx 3,物块沿斜面向上运动距离为 sx 0x 3,联立解得 s ,故Fk选项 C 错误;物块 B 开始运动时,对 B 有 kx1mgsin 30f,此时物块 A 沿斜面向上运动距离为 sx 0x 1,联立解得

    13、 s ,故选项 D 正确。f mgk答案 BD三、计算题10.(2018南京市、盐城市高三年级模拟考试)如图 8 甲所示,正方形闭合线圈abcd 边长为 10 cm、总电阻为 2.0 、匝数为 100 匝,放在垂直于纸面向里的匀强磁场中,磁感应强度 B 随时间 t 的变化关系如图乙所示。试求:图 8(1) 在 02 s 内线圈中感应电动势的大小;(2) 在 t1.0 s 时线圈的 ad 边所受安培力的大小和方向;(3) 线圈中感应电流的有效值。解析 (1)设在 02 s 内线圈中感应电动势的大小为 E1E1n nS 1 V 1t B1t(2)在 t1.0 s 时I1 0.5 AE1R由图可知:B 11 T 则 FnB 1I1L5.0 N,方向向右(3) 在 02 s 内,I 10.5 A在 23 s 内,线圈中感应电动势的大小为 E2E2n nS 2 V2t B2tI2 1 AE2R设线圈中感应电流的有效值为 I则 I Rt1I Rt2I 2Rt21 2则 I A。22答案 (1) 1 V (2) 5.0 N,方向向右 (3) A22

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