1、2018-2019 学 年 内 蒙 古 第 一 机 械 制 造 （ 集 团 ） 有 限 公 司第 一 中 学 高 二 上 学 期 10 月 月 考 物 理 试 题物 理注 意 事 项 ：1 答 题 前 ， 先 将 自 己 的 姓 名 、 准 考 证 号 填 写 在 试 题 卷 和 答 题 卡 上 ， 并 将 准 考 证 号 条 形 码粘 贴 在 答 题 卡 上 的 指 定 位 置 。2 选 择 题 的 作 答 ： 每 小 题 选 出 答 案 后 ， 用 2B 铅 笔 把 答 题 卡 上 对 应 题 目 的 答 案 标 号 涂 黑 ，写 在 试 题 卷 、 草 稿 纸 和 答 题 卡 上 的 非
2、 答 题 区 域 均 无 效 。3 非 选 择 题 的 作 答 ： 用 签 字 笔 直 接 答 在 答 题 卡 上 对 应 的 答 题 区 域 内 。 写 在 试 题 卷 、 草 稿纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。4 考 试 结 束 后 ， 请 将 本 试 题 卷 和 答 题 卡 一 并 上 交 。第 I 卷（选择题）一、多选题1以下关于电场强度 E 的说法中正确的是（ ）A 电场中某点的场强方向总与正点电荷在该点所受的电场力方向相同B 公式 E=F/q，只适用于匀强电场，用比值 F/q 可以计算 E 的大小C 公式 E=U/d，其中 d 是匀强电场中任意两点间的
3、距离D 公式 E= ,当 r 一定时，E 与 Q 成正比，此公式只适用于点电荷2一平行板电容器充电后与电源断开，然后再将电容器与静电计相连，如图所示此时静电计的指针偏角为 下列说法正确的是（ ）A 若将 a 板向左移动，则 角变小B 若将 a 板向右移动，则 角变小C 若在 a、b 板间插入塑料块，则 角变大D 若将 a 板向上移动，则 角变大3关于电动势下列说法正确的是（ ）A 电动势是描述电源内部非静电力做功本领的物理量B 电动势大，说明非静电力在电源内部把 1C 正电荷从负极搬运到正极所做的功多C 电动势 E 的单位与电势差的单位相同，都是伏特，所以电势差就是电动势D 电源的电动势与外电
4、路结构有关，外电路变化，通常电动势也要变化4电动机的线圈电阻值为 R ，电动机正常工作时，两端的电压为 U ，通过电流强度为 I，通电时间为 t,则下述说法中正确的是（ ）A 电动机消耗的电功率为 IUB 电动机消耗的热功率为 I 2RC 电动机机械功率是 IU-I2RD 电动机线圈产生的热量为5截面直径为 d、长为 L 的导线，两端电压为 U，当这三个量中的一个改变时，对自由电子定向移动平均速率的影响，下列说法正确的是（ ）A 电压 U 加倍时，自由电子定向移动的平均速率加倍B 导线长度 L 加倍时，自由电子定向移动的平均速率加倍C 导线截面直径 d 加倍时，自由电子定向移动的平均速率不变D
5、 导线截面直径 d 加倍时，自由电子定向移动的平均速率加倍6如图所示，C 为中间插有电介质的电容器，a 和 b 为其两极板；a 板接地；P 和 Q 为两竖直放置的平行金属板，在两板间用绝缘线悬挂一带电小球；P 板与 b 板用导线相连，Q 板接地。开始时悬线静止在竖直方向，在 b 板带电后，悬线偏转了角度 。在以下方法中，能使悬线的偏角 变大的是（ ）A 加大 a、 b 间的距离B 缩小 a、 b 间的距离C 取出 a、 b 两极板间的电介质D 换一块形状大小相同、介电常数更大的电介质此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 二、单选题7如图所示电场线，电场中 A、B 两点电场强度的
6、大小和电势分别用 EA、E B和 A、 B表示，则（ ）A E AEB， A B B E AEB， A B D E Abc)的导体，将其中的两个对立面接入电路中时，最大的电阻为 R，则最小的电阻为( )A R B C D 11如图所示，实线表示匀强电场的电场线.一个带正电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，a、b 为轨迹上的两点.若 a 点电势为 a ，b点电势为 b ，则( )A 场强方向一定向左，且电势 a bB 场强方向一定向左，且电势 a bD 场强方向一定向右，且电势 a b12阻值相等的四个电阻，电容器 C 及电池 E（内阻可忽略）连接成如
7、图所示电路开关 S断开且电流稳定时， C 所带的电荷量为 ；闭合开关 S，电流再次稳定后， C 所带的电荷量为 与 的比值为（ ）A B C D 第 II 卷（非选择题）三、填空题13（1）用 20 分度的游标卡尺测得某小球的直径如下图所示，则小球的直径为d=_mm。（2）用螺旋测微器测金属导线的直径，其示数如下图所示，该金属导线的直径为 mm。14把电流表改装成电压表的实验中，已知电流表的量程为 100A，内阻为 1000，要把它改装成量程为 0-3V 的电压表，则改装的方法中是给电流表_(填“串联”或“并联”)一个阻值为_ 的电阻。四、实验题15某学习小组用伏安法测量一未知电阻 Rx的阻值
8、，给定器材及规格为：电流表 A（量程为 05mA内阻约为 10）；电压表 V (量程为 03V内阻约为 3k)；最大阻值约为 10 的滑动变阻器；电源 E(电动势约 3V)；开关 S、导线若干。（1）由于不知道未知电阻的阻值范围，先采用如图电路试测，读得电压表示数大约为2.0V电流表示数大约为 4.0mA，则未知电阻阻值 Rx大约为_；（2）经分析，该电路测量误差较大，需要作改进。请在方框内画出改进后的测量原理图；（3）用改进后的电路进行测量，其测量值_（填“等于”、“小于”、“大于”）真实值。16某同学要测绘规格为“28V 15W”的小灯泡的 IU 曲线除导线和开关外还备有以下器材可供选择：
9、A电流表（量程 06A，内阻约为 1）B电流表（量程 30A，内阻约为 02）C电压表（量程 30V，内阻约为 5k）D电压表（量程 150V，内阻约为 15k）E滑动变阻器（最大阻值为 200，额定电流 100mA）F滑动变阻器（最大阻值为 10，额定电流 10A）G电源（电动势为 30V，内阻约为 02）（1）实验中所用的电流表应选 ；电压表应选 ；滑动变阻器应选 （填器材前面的字母）（2）为使实验误差尽可能小，请你设计实验电路图，并画在方框中（3）由于电表具有一定的内阻，本实验中， （填“电流表”或“电压表”）的读数有误差，若测量小灯泡的电阻，则测量值比真实值 （填“偏大”或“偏小”）。
10、五、解答题17如图所示， R 为电阻箱，V 为理想电压表当电阻箱读数为 R12 时，电压表读数为U14 V；当电阻箱读数为 R25 时，电压表读数为 U25 V求：电源的电动势 E 和内阻 r。18如图所示，在匀强电场中有 a、b、c 三点，a、b 相距 5cm，b、c 相距 12cm将一个带电荷量为 4108 C 的电荷从 a 点移到 b 点时，电场力做功为 1.2107 J（1）a、b 两点间电势差为多少（2）匀强电场的场强大小 E（3）b、c 两点间电势差为多少19在如图所示的电路中，R 1、R 2均为定值电阻，且 R1100 ，R 2阻值未知，R 3是一滑动变阻器，当其滑片从左端滑至右
11、端时，测得电源的路端电压随电流的变化图线如图所示，其中A、B 两点是滑片在变阻器的两个不同端点得到的求：(1)电源的电动势和内阻；(2)定值电阻 R2的阻值；(3)滑动变阻器的最大阻值20如图所示，真空中存在空间范围足够大的、水平向右的匀强电场，在电场中，若将一个质量为 m、带正电的小球由静止释放，运动中小球的速度方向与竖直方向夹角恒为 37（取sin37=0.6，cos37=0.8）。若将该小球从电场中某点 P 以初速度 v0竖直向上抛出，重力加速度为 g，求：（1）小球受到的电场力的大小（2）小球从抛出至最高点的过程中，电势能的变化量（3）小球从 P 点抛出后，再次落回到与 P 点在同一水
12、平面的某点 Q 时，小球的动能2018-2019 学 年 内 蒙 古 第 一 机 械 制 造 （ 集 团 ） 有 限 公 司第 一 中 学 高 二 上 学 期 10 月 月 考 物 理 试 题物 理 答 案1AD【解析】A. 规定正电荷在电场中某点所受的电场力的方向为电场强度的方向。故 A 正确；B. 公式 E=F/q 是电场强度的定义式，对任意电场都适用，故 B 错误；C. 公式 E=U/d，其中 d 是匀强电场中任意两点间的距离沿电场方向的投影，故 C 错误；D. 公式 E= 是点电荷的电场强度的计算式，Q 是场源电荷，当 r 一定时，E 与 Q 成正比，该公式适用于点电荷的电场；故 D
13、正确。故选：AD.2BD【解析】根据公式 C=Q/U、 、U=Ed，有：U= ，平行板电容器充电后与电源断开，电量 Q不变。A. 将 a 板向左移动将，d 增加，根据 U= ，故 U 增加， 增大，故 A 错误；B. 若将 a 板向右移动，则 d 减小，根据 U= ，故 U 减小， 减小，故 B 正确；C. 若在 a、b 板间插入塑料块，根据 U= ，故 U 减小， 减小，故 C 错误；D. 若将 A 板向上移动，S 减小，根据 U= ，故 U 增加， 增大，故 D 正确； 故选：BD.【点睛】充电后断开电源，则两极板上的电量不变；要使张角张大，则应增大两板间的电势差；根据电容的定义式及平行板
14、电容器的决定式求出电压的表达式，可以即可。3AB【解析】A. 电动势是描述电源内部非静电力做功本领的物理量，故 A 正确；B. 由 E=w/q 可知，电动势越大，则非静电力在电源内部把 1C 正电荷从负极搬运到正极所做的功越多，故 B 正确；C. 电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，是两个不同的物理量，故 C 错误；D. 电源的电动势是电源本身的物理量决定的，与外电路无关，故 D 错误；故选：AB.【点睛】电源的电动势在数值上等于非静电力在电源内部把 1C 正电荷从负极搬运到正极所做的功。电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关电源的电动势在数值上等于
15、内、外电压之和4ABC【解析】A. 电动机消耗的电功率为 IU，故 A 正确；BD.电动机正常工作时，线圈消耗的热功率为 I2R，电动机线圈产生的热量为 I2Rt，电动机是非纯电阻电路，欧姆定律不适用，故 B 正确，D 错误；C.电动机输出的机械功率为 IU-I2R，故 C 正确。故选：ABC5AC【解析】A. 电压 U 加倍时，由欧姆定律得知，电流加倍，由电流的微观表达式 I=nevS 得知，自由电子定向运动的平均速率 v 加倍。故 A 正确；B. 导线长度 l 加倍，由电阻定律得知，电阻加倍，电流减半，则由电流的微观表达式I=nevS 得知，自由电子定向运动的平均速率 v 减半。故 B 错
16、误；CD、导线横截面的直径 d 加倍，截面积变为 4 倍，由电阻定律得知，电阻变 1/4 倍，电流变为原来的 4 倍，根据电流的微观表达式 I=nevS 得知，自由电子定向运动的平均速率 v 不变。故 C正确，D 错误。故选：AC.6AC【解析】A. 增大 a、b 间的距离，根据 ，则电容减小，Q 不变，ab 板间的电势差 U=Q/C，知电势差增大，所以 PQ 两端的电势差增大，电场强度增大，则电场力变大， 变大。反之，缩小a、b 间的距离， 变小。故 A 正确，B 错误。C. 取出 a、b 两极板间的电介质，根据 ，则电容减小，Q 不变，ab 板间的电势差U=Q/C，知电势差增大，所以 PQ
17、 两端的电势差增大，电场强度增大，则电场力变大， 变大。故C 正确；D. 换一块形状大小相同、介电常数更大的电介质，则电容增大，Q 不变，ab 板间的电势差U=Q/C，知电势差减小，所以 PQ 两端的电势差减小，电场强度减小，则电场力变小， 变小。故D 错误。故选：AC.【点睛】题中电容器 ab 与平行金属板 PQ 并联，电势差相等，根据左边电容器的电容的变化得出平行金属板两端的电势差变化，从而得出电场强度的变化，判断悬线偏转角度 的变化7D【解析】电场线的疏密表示电场强度大小，电场线越密，电场强度越大，故 ，沿电场线方向ABE电势降低，故 ，D 正确AB8B【解析】由题，电池外电路断开时的路
18、端电压为 3V，则电池的电动势 E=3V.当电源接上 8 的负载电阻后路端电压降为 2.4V，电路中电流为 I=U/R=2.4/8A=0.3A电源的内阻：r=(EU)/I=(32.4)/0.3=2，故 B 正确，ACD 错误；故选：B【点睛】电源的电动势等于外电路断开时电源两极间的电压电源接上 8 的负载电阻后路端电压降为 2.4V，根据欧姆定律求出电路中的电流，再由闭合电路欧姆定律求出电源的内电阻9D【解析】当 R5的滑动触点向图中 a 端移动时， R5变小，外电路总电阻变小，则由闭合电路欧姆定律知，总电流 I 变大，路端电压变小， U 变小根据闭合电路欧姆定律，电路中并联部分电压： ）变小
19、，则 I 变小故选：D10D【解析】由电阻定律：R= 可知横截面积越小，长度越大，电阻越大；横截面积越大，长度越短，电阻越小。故电阻最大时，横截面积应该最小，即从左右两端接入，此时电阻为：R=解得：=当从上下两个面接入时电阻最小，此时电阻为：r= = ，故 D 正确，ABC 错误故选：D.11B【解析】粒子在电场力作用下做曲线运动，根据轨迹的弯曲方向，可判断出合力（电场力）的方向，再根据电场力方向和电荷性质判断场强方向根据沿着电场线的方向电势降低的可作出 a、b 点的等势点（要同在一根电场线），接着沿着电场线去判定电势高低解：由曲线运动条件可知合力指向曲线的内侧，而电场强度方向应该是电场线上每
20、一点的切线方向，所以该带电粒子所受的电场力一定向右由于该粒子是负电荷，所以场强方向一定向左根据沿着电场线的方向电势降低的作出 a、b 点的等势点（要同在一根电场线），根据沿着电场线电势降低可判定 a 点的电势小于 b 点，即 a b故 B 正确故选：B【点评】对于带电粒子的轨迹问题，本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧12B【解析】当开关 S 断开时，电路总阻值： ，则干路电流 I1=E/R 总 1，电容的电压；当开关 S 闭合时，电路总阻值： ，则干路电流 I2=E/R 总 2，电容的电压；由 C=Q/U 可得：Q 1：Q 2=U1：U 2=3：5，故
21、B 正确，ACD 错误。故选：B。13.（1） 50.m（2） 872【解析】游标卡尺的固定刻度读数为 ，游标尺上第 3 个刻度游标读数为 ，50 0.530.15m所以最终读数为： ；螺旋测微器的固定刻度读数为 ，可动刻度读50.1.mm数为 ，所以最终读数为： 。0.138.1.50.81.考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用【名师点睛】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读。14串联；2.910 4 【解析】利用串联电阻可进行分压知：改装成电
22、压表需要串联电阻，串联电阻的阻值为.15（1）500 （2） （3）大于 【解析】(1)由欧姆定律 R=U/I 可得，未知电阻阻值 Rx 大约为 500；(2)待测电阻较大，接近电压表的内阻，为了减小电压表的分流，所以采用电流表内接法。原理图改进如图所示：(3)电流表内接法，电压比待测电阻实际电压偏大，电流等于待测电阻实际电流，根据Rx=U/I，测量值大于真实值。【点睛】（1）由殴姆定律 R=U/I 可求出电阻的阻值；（2）待测电阻较大，接近电压表的内阻，为了减小电压表的分流，所以采用电流表内接法；（3）电流表内接法，电压比待测电阻实际电压偏大，电流等于待测电阻实际电流，根据Rx=U/I，分析
23、测量值与真实值的关系。16（1）电流表选 A，电压表选 C，滑动变阻器选 F（2）（3）电流表；偏小【解析】（1）根据小灯泡规格“2.8V，1.5W”可知，额定电流大小为 ，所以1.5 0.28PIAU 电压表应选 C，电流表应选 A；由于测定伏安特性曲线实验要求电流从零调，所以变阻器应采用分压式接法，应选择全电阻小的变阻器 F 以方便调节；（2）由于小灯泡电阻较小，满足 ，所以电流表应用外接法，又变阻器应采用分压 VxAR式接法，电流图如图所示：（3）把小灯泡与电压表看做一个整体考虑，根据欧姆定律可知，电流表的读数有误差，由于并联电阻小于任一支路的电阻，所以待测电阻测量值应比真实偏小考点：考
24、查了测绘小灯泡伏安特性曲线实验171【解析】据闭合电路欧姆定律，得当电阻箱数 R=5 时 2UErR当电箱读数为 R1=2 1代入式得 E=6V r=1考点：闭合电路欧姆定律【名师点睛】此题提供一测量电源电动势和内阻的方法：伏阻法；电压表与电阻箱组合，相当于电压表和电流表双重作用。18（1）3V（2）60V/m（3）3.6V【解析】（1）根据 Wab=qUab得： 781.2034abUVq （2）匀强电场的场强大小： 3/60/.5abUEVmd （3）b、c 两点间的电势差：U bc=Edbccos60=600.12 V3.6 V1219（1）2A （2）7V （3）12W【解析】电源的路
25、端电压随电流的变化图线斜率大小等于电源的内阻，由闭合电路欧姆定律求出电动势；当滑片滑到最右端时， R1被短路，外电路的电阻最小，电流最大，读出电流和电压，由欧姆定律求出 R2的阻值；滑动变阻器阻值最大时，外电阻最大，电流最小，由图读出电压和电流，由欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值。（1）由闭合电路欧姆定律得 E=U+Ir，将图象中 A、 B 两点的电压和电流代入和得E=16+0.2r E=4+0.8r联立解得 E=20V r=20。（2）当 R3的滑键自左向右滑时， R3阻值变小，使电路总电阻变小，而总电流变大由此可知，图线上的 A、 B 两点是滑键分别位于最左端和最右端时所得到的当滑键位于最
26、右端时，R3=0， R1被短路，外电路总电阻即为 R2，故由 B 点的 U、 I 值可求出 R2， 。（3）当滑键在最左端时，其阻值最大，并对应着图线上的 A 点，故由 A 点的 U、 I 值可求出此时外电路总电阻，再根据串、并联电路的规律可求出 R3的最大值 ,又有 ，代入数值解得滑动变阻器的最大值 R3=300。点睛：本题要理解电源的伏安特性曲线的意义，可由图线上两点的坐标建立方程组求解电源的电动势和内阻。20（1） 34mg（2） mv02 9（3） mv028【解析】（1）根据题设条件可知，合外力和竖直方向夹角为 37，所以电场力大小为：Fe=mgtan37= mg，电场力的方向水平向
27、右故电场力为 mg，方向水平向右34 34（2）小球沿竖直方向做匀减速运动，有：v y=v0-gt沿水平方向做初速度为 0 的匀加速运动，加速度为 a： 34exFgm小球上升到最高点的时间 ，此过程小球沿电场方向位移： vtg 2018xvsat电场力做功 W=Fxsx= mv0293故小球上升到最高点的过程中，电势能减少 mv02；93（3）小球从到 Q 的运动的时间： ，水平位移： vtg总 220431vxatg总 小球从到 Q 的过程中，由动能定理得： Fex EK mv021由以上各式得出： EK mv02138点睛：本题在复合场中考查了运动的合成、分运动之间的关系等解这类问题的关键是：正确进行受力分析，弄清运动形式，利用相应物理规律求解
