1、由 扫描全能王 扫描创建由 扫描全能王 扫描创建2019高三第四次联考物理参考答案 第1页（共4页） 2019年高三第四次联考物理参考答案 1C【解析】当不同时，运动员仍然处于静止状态，则运动员受到的合力为0，即运动员受到的合力相同，选项A错误；根据牛顿第三定律可知，不管角度如何，相互作用力总是大小相等的，选项B错误；当两臂夹角为 2 时，运动员单手对地面的弹力大小与地面对手的作用力沿竖直方向的分力是相等的，即NmgF 260coscos2cos ，选项C正确、D错误。 2D【解析】根据开普勒第三定律R3T2k，椭圆轨道的半长轴小于圆轨道的半径，所以在轨道上运动的周期小于在轨道上运动的周期，选
2、项A错误；飞船由轨道进入轨道，需在A点加速做离心运动，故飞船在轨道运行经过A点时的线速度较大，选项B错误；飞船由轨道进入轨道，需在C点加速做离心运动，点火变轨的瞬间，速度增大，选项C错误；由GMmr2=ma可知，不论在轨道还是在轨道运行，飞船在C点的加速度都相同，选项D正确。 3B【解析】设初速度为v0，减速后速度为v。 则v010m/ s, v6m/ s，由运动学公式v02 v22ax，得减速运动a13.2m/ s2，同理加速运动a21.6m/ s2，选项A错误；由运动学公式vv0at ，得减速运动t11.25s ，同理加速运动t22.5s 由运动学公式xvt得匀速运动t35s，冲锋舟过桥孔
3、通过60m位移的时间为8.75s，选项B正确；由图可知冲锋舟匀速运动的度大小为 6m/ s，选项C错误；则t总t1 t2 t38.75s,则全程平均速度 6.9m/ s，选项D错误。 4C【解析】若传送带逆时针匀速转动，则物体做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律得，匀减速直线运动的加速度大小ag1 m/s2，根据v2Av2B2ax，解得vB2m/s，与传送带速度无关，选项A错误；传送带顺时针转动，物体滑上传送带的运动性质与传送带速度有关，如果传送带速度大于2m/s，物体到达右端速度肯定大于2 m/s，如果传送带速度小于等于2 m/s，到达B点的速度大小一定等于2 m/s，但不可能小于2m/s，选
4、项C正确；选项BD错误。 5A【解析】对两球进行受力分析，如图所示。两球相互作用的斥力方向相反，大小相等，可用同一字母表示，设为F，对左边的矢量三角形用正弦定理，有： 45sinsin1Fgm，同理，对右边的矢量三角形，有：30sinsin2Fgm，解两式得2121mm。只有选项A正确。 6B【解析】设圆环乙的质量为m，圆环下降3 m后的速度可以按如图所示分解，故可得v 甲vcos vhh2l2=3m/s，A、B和绳子看成一个整体，整体只有重力做功，机械能守恒，当圆环下降h3 m时，根据机械能守恒可得mghMgh甲12mv212Mv甲2，其中h甲 h2l2l1 m，联立可得Mm3529，故m0
5、.29 kg，只有选项B正确。 2019高三第四次联考物理参考答案 第2页（共4页） 7C 【解析】只要AO线上张力TAO不为零，AO线就一直拉紧伸直，结点O的位置变化就取决于力TAO方向的变化。以结点O为研究对象，它受三个力作用处于动态平衡状态。作出此过程中这三个力平衡的动态矢量图（如图所示），可见在滑轮 B 缓慢竖直向上移动的过程中，AO线与竖直方向的夹角是先变大后变小，故结点O的位置先升高后降低，选项C正确。 8C【解析】设最高点动能为Ek1，最低点动能为Ek2，圆半径为r，最低点绳上张力起 ，由机械能守恒定律可得 Ek2- Ek1=2mgr，由几何知识30cosLr ，分别对最高点和最
6、低点向心力做受力分析有rEmgTK1230cos2 ，rEmgTK2230cos2，做差可得2 3T T mg ，选项C正确。 9ACD【解析】支持力方向垂直斜面向上，一定做正功；而摩擦力是否存在需要讨论，当 agtan，摩擦力沿斜面向下，与位移夹角小于90，做正功，选项A正确、B错误；当加速度agtan时。摩擦力恰好为零，故不做功；当agtan，摩擦力沿斜面向上，与位移夹角大于90，做负功，选项C正确；若a恒为gtan，物体不受摩擦力，重力与位移垂直则斜面对物体弹力做的功等于物体动能的增量，选项D正确。 10AD【解析】因为两手榴弹下落的高度之比为 2：1，两手榴弹的水平位移之比为 2：1，
7、手榴弹甲、乙到达斜坡底端时的位移之比为2：1，根据212h gt得2htg，则时间之比为2:1，选项A正确；根据0xvt可知初速度之比为2:1，选项 B 错误；手榴弹落在斜坡上，速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的 2 倍，因为位移与水平方向的夹角相等，则速度与水平方向的夹角相等，到达斜面底端时速度方向与斜坡的夹角也相等，选项C错误；根据动能定理可知Ek=12m v02+mgh，到达斜坡底端时的动能之比为2：1，选项D正确。 11.BD【解析】 滑板运动员以大小不变的速度运动,则在做匀速圆周运动,受到的合外力提供向心力，且大小不变，故A错误；功率cosFvP,重力G=mg
8、不变,滑板运动员做匀速圆周运动,在滑板运动员从A运动到O的过程中,速度在重力方向(竖直向下)的分速度越来越小，所以重力做功的功率越来越小，故B正确；因滑板运动员在运动方向(切线方向)上合力为零，才能保证速率不变，在该方向重力的分力不断减小，所以摩擦力f不断减小，选项C错误；而滑板运动员下滑过程中重力沿径向分力变大，所需向心力的大小不变，故弹力N增大，由f=N可知，滑板运动员下滑过程中与圆弧赛道间的动摩擦因数由M到N逐渐变小，选项D正确。 12.AC【解析】弹射过程中，对弹簧和小球组成的系统而言，只受重力和弹簧弹力作用，故系统机械能守恒，故A正确；弹簧恢复原长时，弹簧的弹性势能一部分转化为小球的
9、动能，一部分转化为小球的重力势能，B错误；撤去外力后小球被弹出的过程，弹簧的弹性势能转化为小球的动能和重力势能，故弹簧具有的最大弹性势能等于小球增加的机械能，即为Ep4mgy03mgy07mgy0，C正确。弹簧恢复原长前，小球先加速后减速，弹簧弹力等于小球重力时动能最大，但平衡位置无法判断故最大动能无法计算，故D错误。 13（4分） （1）2.0（2分） （2）gkd22（2分） 【解析】（1）用游标卡尺测得遮光片宽度d为：2mm+0.1mm0=2.0mm；（2）实验的原理：根据遮光片的2019高三第四次联考物理参考答案 第3页（共4页） 宽度与滑块通过光电门的时间即可求得滑块的速度：tdv
10、；物体经过光电门后到图甲中A点的过程中，摩擦力做负功，根据动能定理得：2210 mvmgx ；联立以上两个公式得动摩擦因数的表达式：222gxtd ；由表达式可知， xdgt2221 ，则以21t为纵坐标，以x为横坐标，则图线的斜率为22dgk ，由此解得动摩擦因数为gkd22 。 14（8分） （1）2)(24fxx （2分） （2）g（2分） （3）下滑过程中存在阻力（1分） 长度的测量（1分） （4）越小（1分） 越小（1分） 【解析】(1)利用匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：2)(24Cfxxtxvbdbd；(2)选取A为位移起点，若小球下滑过程机械能
11、守恒，则有 ，即 ，作出v2-x图线，则图线斜率 ；（3）实验中误差产生的原因：下滑过程中存在阻力，长度的测量；(4)若改变斜面倾角进行实验，斜面倾角越大，斜面对小球的摩擦力 越小，误差越小。 15. （10分） （1）04s内 物块运动的加速度大小为 214m/sa （1分） 根据牛顿第二定律 1F mg ma （1分） 求得：16NF （2分） （2）t=4s时物块的速度大小 1 1 116m/sv at （1分） 08s内物块运动的位移 21 1 1 2 2 21 172m2 2x vt vt a t （1分） t=8s时物块的速度 2 1 1 2 24m/sv at a t （1分）
12、根据动能定理 2212W mgx mv （1分） 求得 152JW （2分） 16.（14分） （1）设物体经时间t1下落到平板车上，由运动学公式得： 212121gthh （1分） 2019高三第四次联考物理参考答案 第4页（共4页） 平板车在t1时间内前进的距离为x1， 则： x1v0t1（1分） 所以物体在车上的落点距车尾端距离： sLsx14m （1分） （2）设物体落在车上后做匀加速运动的加速度为a1，经过时间t2物体和平板车的速度相同为v，则：平板车的速度为： vv0at2 （1分） 物体的速度为： va1t2 （1分） 对物体应用牛顿第二定律得：1mamg （1分） 平板车的位移
13、为 ：x2222021attv （1分） 在这段时间内的物体的位移为：x22121ta（1分） 联立可得，在这段时间内物体相对车向后的位移为 ：x1x2x33m（1分） x1L，物体不会从车上掉下 （1分） （3）速度相同后物体和车都减速运动直到静止，平板车的位移为 ：avx224（1分） 物体的位移为：1252avx （1分） 物体相对车向前的位移为： x2x5x40.5m （1分） 物体在平板车来回摩擦产生的总热量：Qmg（x1+x2）420J （1分） 17（16分） （1）系统静止时，对B受力分析，根据平衡条件得2T1=mg （1分） 取A受力分析，根据平衡条件得2mgsin=T1+kx1（2分） 联立得12mgxk （2分） （2）依题意得，当A运动速度最大时，合力为0，根据平衡方程得： 取B、C为整体2T2=3mg （1分） 取A为研究对象2mgsin+kx2=T2 （2分） 解得22mgxk （2分） 此过程A运动位移大小xA=x1+x2=mgk（1分） B、C运动的位移大小xB=12xA=2mgk（1分） 由于x1=x2，故始末弹簧的弹性势能相等，要根据系统的机械能守恒得 2 21 1 13 2 sin 2 3 ( )2 2 2B A A Amgx mgx mv m v （2分） 联立解得：2411Amgvk（2分）
