【解析版】江西省景德镇市浮梁县第一中学2018届高三下学期高考冲刺训练物理试题 Word版含解析.doc

1、2018 届浮梁一中高考冲刺训练卷（3 月 9 日）一、选择题:1-4 题单选，5-8 题多选,共计 48 分。1. 如图所示, AC 为斜面的斜边, B 为斜边上的一点,甲、乙两小球在 A 点的正上方。现先后以不同的水平速度抛出甲、乙小球,它们均落到了 B 点。已知甲球的质量是乙球质量的两倍,不计空气阻力。下列说法正确的是A. 甲球的加速度是乙球加速度的两倍B. 两小球做平抛运动的时间相等C. 甲球的初速度小于乙球的初速度D. 整个过程中甲球的速度偏转角小于乙球的速度偏转角【答案】C【解析】两球均做平抛运动，加速度均为 g，则选项 A 错误；两球落到斜面上的竖直高度不同，则运动的时间不同，由

2、 可知，乙的时间较短，选项 B 错误；根据 可知，水平位移相同，则甲的初速度较小，选项 C 正确；根据 可知整个过程中甲球速度偏转角大于乙球的速度偏转角，选项 D 错误；故选 C.2. 一小球在空中从 t=0 时刻开始做自由落体运动,如图所示。以地面为参考平面,关于小球速率 v、重力的瞬时功率 P、小球的动能 和重力势能 随时间 t 变化的图象正确的是A. B. C. D. 【答案】B【解析】小球做自由落体运动，则有：速度 ，即 v-t 图象是一条过原点的倾斜直线，故A 错误；根据 ，可知 P-t 图象也是一条过原点的倾斜直线，故 B 正确；根据，可知 是一条开口向上的曲线，故 C 错误；设小

3、球释放时离地的高度为H，根据 ，可知 图象是一条开口向下的曲线，故 D 错误；故选 B。【点睛】根据自由落体运动的性质，列出速度的表达式，重力的瞬时功率的表达式，动能的表达式和重力势能的表达式，并进行分析求解。3. 现代科学研究中常用到高速电子,电子感应加速器就是利用感生电场加速电子的设备。电子感应加速器主要由上、下电磁铁磁极和环形真空室组成。当电磁铁绕组通以变化的电流时会产生变化的磁场,穿过真空盒所包围的区域内的磁通量也随时间变化,这时真空室空间内就产生感应涡旋电场,电子将在涡旋电场作用下得到加速。如图所示(上图为侧视图、下图为真空室的俯视图),若电子被“约束”在半径为 R 的圆周上运动,当

4、电磁铁绕组通有图中所示的电流时A. 电子在轨道上顺时针运动B. 保持电流的方向不变,当电流减小时,电子将加速C. 保持电流的方向不变,当电流增大时,电子将加速D. 被加速时电子做圆周运动的周期不变【答案】C【解析】由楞次定律可知,产生的感应涡旋电场为顺时针方向,所以电子在轨道上逆时针运动,所以选项 A 正确;保持电流的方向不变，当电流增大时，涡旋电场增强,电子将加速选项 B 对,选项 C 错;电子的速度变化,被加速时电子做圆周运动的周期也变,所以选项 D 错.4. 某科学小组研制了一种探测器,其速度大小可随运动情况进行调节。如图所示,在某次实验中,该探测器从原点一直沿 x 轴正向运动,且其速度

5、与位移成反比。已知探测器在 A、 B 两点的速度分别为 4 m/s 和 2 m/s,O 点到 B 点的位移为 2 m,则探测器从 A 点运动到 B 点的时间为A. s B. s C. s D. s【答案】A【解析】根据速度与位移成反比，即 与位移成正比，则画出 的图象，如图：根据 ，变形得： ，即图线与 x 轴围成的面积表示时间，根据 ，解得：，则探测器从 A 到 B 运动的时间为 ，故选 A。【点睛】根据速度与位移成反比，得出 与位移成正比，画出 的图象，图象与 x 轴围成的面积表示时间，由此分析求解。5. 如图所示，甲、乙传送带倾斜放置，并以相同的恒定速率 v 逆时针运动，两传送带粗糙程度

6、不同，但长度、倾角均相同。将一小物体分别从两传送带顶端的 A 点无初速释放，甲传送带上小物体到达底端 B 点时恰好达到速度 v；乙传送带上小物体到达传送带中部的 C 点时恰好达到速度 v，接着以速度 v 运动到底端 B 点。则小物体从 A 运动到 B 的过程中( )A. 小物体在甲传送带上的运动时间比在乙上的大B. 小物体与甲传送带之间的动摩擦因数比与乙之间的大C. 两传送带对小物体做功相等D. 两传送带因与小物体摩擦产生的热量相等【答案】AC【解析】A、根据两个物体的总位移相等， 图象的“面积”表示位移，作出两个物体的图象，可知 ，故 A 正确；B、 图象的斜率表示加速度，由图知，甲匀加速运

7、动的加速度小于乙匀加速运动的加速度，由牛顿第二定律得： ，得 则知 小时，a 小，因此物体与甲传送带之间的动摩擦因数比乙小，故 B 错误；C、根据动能定理得： ，则得传送带对物体做功 ，h、v、m 都相等，则 W 相等，故 C 正确；D、设传送带长为 L，甲中：物体运动时间为： ，物体与传送带间的相对位移大小为： ，物体的加速度为： 由牛顿第二定律得： ，得： 产生的热量为： 乙中：物体运动时间为： ，物体与传送带间的相对位移大小为：物体的加速度为： 由牛顿第二定律得： ，得： 产生的热量为： ，则知乙与物体摩擦产生的热量较多，故 D 错误。点睛：解决该题关键要能够对物块进行受力分析，运用运动

8、学公式和牛顿第二定律找出相对位移和摩擦力的关系要注意摩擦生热等于摩擦力与相对位移大小的乘积。6. 如图左边为一带正电的小球,右边为一金属圆环,外壳接地,电场线的分布如图所示,则下列说法正确的是A. a 点的电势高于 b 点的电势B. c 点的电场强度大于 d 点的电场强度C. 若将一负试探电荷由 c 点移到 d 点,其电势能减少D. 若将一正试探电荷沿金属环的外表面移动半圈,电场力不做功【答案】CD【解析】根据顺着电场线方向电势逐渐降低，电场线与等势面垂直可知，a 点所在等势面的电势低于 b 点所在等势面的电势，则 a 点的电势低于 b 点的电势故 A 错误电场线的疏密表示场强的大小，由图象知

9、 c 点的电场强度小于 d 点的电场强度，故 B 错误c 点的电势低于 d 点的电势，根据在电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，则知将一负试探电荷c 点移到 d 点，电势升高，电势能减少，故 C 错误金属球表面是一个等势面，则电场线方向与金属球表面处处垂直，试探电荷所受的电场力与表面垂直，所以电场力不做功故 D 正确故选 D.点睛：该题关键要掌握电场线的物理意义以及静电平衡导体的特点，知道顺着电场线方向电势逐渐降低，电场线的疏密表示场强的大小7. 如图，半径为 R 的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为 B。 M 为磁场边界上一点，有无数个带电荷量为 q、质量为 m 的相同粒子

10、(不计重力)在纸面内向各个方向以相同的速率通过 M 点进入磁场，这些粒子射出边界的位置均处于边界的某一段圆弧上，这段圆弧的弧长是圆周长的 。下列说法正确的是( )A. 粒子从 M 点进入磁场时的速率为B. 粒子从 M 点进入磁场时的速率为C. 若将磁感应强度的大小增加到 ，则粒子射出边界的圆弧长度变为原来D. 若将磁感应强度的大小增加到 ，则粒子射出边界的圆弧长度变为原来【答案】BD【解析】A、边界上有粒子射出的范围是偏转圆直径为弦所对应的边界圆弧长，即偏转圆半径 ，所以， ，故 A 错误，B 正确；C、磁感应强度增加到原来的 倍，那么，偏转圆半径 ，所以，偏转圆直径对应的弦长为 R，有粒子射

11、出的边界圆弧对应的圆心角为 ，所以粒子射出边界的圆弧长度变为原来 ，故 C 错误，D 正确。点睛：带电粒子在磁场中的运动问题，一般由洛伦兹力做向心力求得半径，然后根据几何关系求得半径联立求解。8. 如图所示,轻质弹簧一端固定在水平面上的转轴 O 上,另一端与套在粗糙固定直杆 A 处质量为 m 的小球(可视为质点)相连, A 点到水平面的高度为 h,直杆的倾角为 30,OA=OC,B 为 AC的中点, OB 等于弹簧原长,小球从 A 处由静止开始下滑,第一次经过 B 处的速度为 v,运动到 C处速度为零;然后小球获得一初动能 由 C 处沿直杆向上滑行,恰好能到达出发点 A。已知重力加速度为 g,

12、设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下列说法正确的是A. B. 小球下滑过程中, AB 段与 BC 段摩擦力做功相等C. 弹簧具有的最大弹性势能为D. 撤去弹簧,小球可以在直杆上处于静止状态【答案】ABC【解析】小球从 A 到 C，弹性势能的改变量为 0，动能的改变量为 0，重力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理有： ；当小球得一初动能 由 C 恰好到 A，由动能定理得：，两次摩擦力做功相同，故 ，故 A 正确；在下滑过程中，从 A 到B，由动能定理得： ，从 B 到 C，由动能定理得：，因两段重力做功、弹簧的弹力做功都相等，故上两式分析得：，故 B 正确；根据能量守恒定律得，对于小球 A 到 B

13、的过程有：，A 到 C 的过程有： ，解得： ，故 C 正确；设从 A运动到 C 摩擦力的平均值为，AC=s，则有： ，即 ，得： ；在 B 点，摩擦力 ，由于弹簧对小球有拉力（除 B 点外） ，小球对杆的压力大于，所以 ，可得 ，因此撤去弹簧，小球不能在直杆上处于静止。故 D 错误。故选 ABC。【点睛】根据重力沿斜面向下的分力与最大静摩擦力的关系，判断出撤去弹簧，小球在直杆上不能处于静止对小球 A 到 B 的过程和 A 到 C 的过程，分别根据能量守恒定律列式，可求得弹簧具有的最大弹性势能，9. 在下面的几种说法中,对现象与规律的描述正确的有（ ）A. 在不同的惯性参考系中,光在真空中的速

14、度都是相同的B. 光的干涉和衍射不仅说明了光具有波动性,还说明了光是横波C. 当观察者远离波源运动时,接收到的波的频率减小,但波源自身的频率不变D. 在变化的电场周围一定产生变化的磁场,在变化的磁场周围一定产生变化的电场【答案】AC【解析】根据光速不变原理，在不同的惯性参考系中，光在真空中的速度都是相同的。故 A正确。光的干涉和衍射说明了光具有波动性，光的偏振现象说明了光是横波，故 B 错误；依据多普勒效应原理，当观察者向波源靠近时，接收到的波的频率增大，但波源自身的频率不变。故 C 正确。根据麦克斯韦理论，变化的电场周围一定产生磁场，变化的磁场周围一定产生电场，周期性变化的电场周围一定产生变

15、化的磁场，周期性变化的磁场周围一定产生变化的电场。故 D 错误；故选 AC。【点睛】根据光速不变原理，判断在不同参考系中，光在真空中的速度；光的偏振现象说明了光是横波；根据多普勒效应分析；周期性变化的电场周围一定产生变化的磁场，周期性变化的磁场周围一定产生变化的电场。10. 为了测定某电池的电动势和内阻,设计了图甲所示的电路。(1)根据图甲电路,请在图乙中用笔画线代替导线,连接好实物图_。(2)先将滑动变阻器的滑片 P 调到_(填“ a”或“ b”)端;再将 S2接到图甲中的 1 位置;合上开关 S1,滑动滑片 P,记录多组电压表和电流表的示数,作出 U-I 图象,为图丙中一直线 A 或 B,

16、则电池内阻的测量值_(填“大于” “小于”或“等于”)真实值。 (3)为了准确地测出该电池的电动势和内阻,将 S2接到图甲中的 2 位置,重复(2)中的过程,作出 U-I 图象,为图丙中一直线 A 或 B。已知直线 A、 B 与两轴的截距分别为 UA、 IA、 UB、 IB,则该电池电动势的真实值为_,内阻的真实值为_。【答案】 (1). (2). a (3). 小于 (4). UA (5). 【解析】 （1）电路连接如图：（2）为保护电路，开始时先将滑动变阻器的滑片 P 调到 a 端；当 S2接 1 位置时，可把电压表与电源看做一个等效电源，根据闭合电路欧姆定律：E=U 断 可知，电动势和内

17、阻的测量值均小于真实值，所以作出的 U-I 图线应是 B 线；测出的电池电动势 E 和内阻 r 存在系统误差，原因是电压表分流造成（3）当 S2接 2 位置时，可把电流表与电源看做一个等效电源，根据闭合电路欧姆定律 E=U 断可知电动势测量值等于真实值，U-I 图线应是 A 线，即 E 真 =UA；由图示图象可知，E 真 =UA，由于 S2接接 1 位置时，U-I 图线的 B 线对应的短路电流为 I 短 =IB，所以 ；点睛：本题考查了连接实物电路图、实验注意事项、求电源电动势与内阻，分析清楚电路结构，根据图象可以求出电源电动势与内阻，要掌握应用图象法处理实验数据的方法11. 如图所示,竖直平

18、面内,固定一半径为 R 的光滑圆环,圆心为 O,O 点正上方固定一根竖直的光滑杆。质量为 m 的小球 A 套在圆环上,上端固定在杆上的轻质弹簧与质量为 m 的滑块 B一起套在杆上,小球 A 和滑块 B 之间再用长为 2R 的轻杆通过铰链分别连接。当小球 A 位于圆环最高点时,弹簧处于原长;当小球 A 位于圆环最右端时,装置能够保持静止。若将小球 A 置于圆环的最高点并给它一个微小扰动(初速度视为 0),使小球沿环顺时针滑下,到达圆环最右端时小球 A 的速度 vA= (g 为重力加速度)。不计一切摩擦, A、 B 均可视为质点。求:(1)此时滑块 B 的速度大小;(2)此过程中,弹簧对滑块 B

19、所做的功;(3)小球 A 滑到圆环最低点时,弹簧弹力的大小。【答案】(1) (2) (3) 【解析】试题分析：（1）根据杆关联速度的思路求解此时 B 的速度， （2）对系统，运用动能定理解题；（3）根据系统保持静止，进行受力分析，根据平衡条件和胡克定律求出最低点的弹力。(1)由于此时 A、 B 速度方向都是竖直向下的,即此时它们与轻杆的夹角大小相等,又因为A、 B 沿轻杆方向的分速度大小相等所以此时滑块 B 的速度大小为:(2)对系统,由最高点到图示位置，根据动能定理得：其中： ，解得：(3)图示位置系统能够保持静止,对系统进行受力分析,如图所示根据平衡条件有： ，小球 A 滑到圆环最低点时弹

20、簧的伸长量为：所以在最低点时,弹簧的弹力大小为：解得：【点睛】本题主要是考查了机械能守恒定律的知识；要知道机械能守恒定律的守恒条件是系统除重力或弹力做功以外，其它力对系统做的功等于零；除重力或弹力做功以外，其它力对系统做多少功，系统的机械能就变化多少；注意运动过程中机械能和其它形式的能的转化关系。12. 某种回旋加速器的设计方案如图甲所示,图中粗黑线段为两个正对的极板,两个极板的板面中部各有一狭缝(沿 OP 方向的狭长区域),带电粒子可通过狭缝穿越极板(如图乙所示),当带电粒子每次进入两极板间时,板间电势差为 U(下极板电势高于上极板电势),当粒子离开两极板后,极间电势差为零;两细虚线间(除开

21、两极板之间的区域)既无电场也无磁场;其他部分存在匀强磁场,磁感应强度方向垂直于纸面。在离子源 S 中产生的质量为 m、电荷量为 q(q0)的离子,由静止开始被电场加速,经狭缝中的 O 点进入磁场区域, O 点到极板右端的距离为 D,到出射孔 P 的距离为 4D。已知磁感应强度大小可以在零到某一最大值之间调节,离子从离子源上方的 O 点射入磁场区域,最终只能从出射孔 P 射出。假设如果离子打到器壁或离子源外壁则即被吸收。忽略相对论效应,不计离子重力。求:(1)磁感应强度可能的最小值;(2)调节磁感应强度大小为 计算离子从 P 点射出时的动能;(3)若将磁感应强度在（ ）范围内调节,写出离子能从

22、P 点射出时该范围内磁感应强度 B 所有的可能值;并计算磁感应强度 时,离子在磁场中运动的时间。【答案】 （1） （2）64qU （3）【解析】14解：（1）设离子从 O 点射入磁场时的速率为 v，有：设离子在磁场中做匀速圆周运动的轨迹半径为 r，有： 若离子从 O 点射出后只运动半个圆周即从孔 P 射出，有：r2D 此时磁感应强度取得最小值，且最小值为：（2）若 B1 ，根据 得r1 可知离子在磁场中运动半圈后将穿过上极板进入电场区域做减速运动，速度减到零后又重新反向加速至进入时的速率，从进入处再回到磁场区域。因为 r1 ，这样的过程将进行 2 次。13. 在短道速滑世锦赛女子 500 米决

23、赛中，接连有选手意外摔倒，由于在短道速滑比赛中很难超越对手，因而在比赛开始阶段每个选手都要以最大的加速度加速，在过弯道前超越对手。为提高速滑成绩，选手在如下场地进行训练：赛道的直道长度为 L30 m，弯道半径为R2.5 m。忽略冰面对选手的摩擦力，且冰面对人的弹力沿身体方向。在过弯道时，身体与冰面的夹角 的最小值为 45，直线加速过程视为匀加速过程，加速度 a1 m/s 2。若训练过程中选手没有减速过程，为保证速滑中不出现意外情况，选手在直道上速滑的最短时间为多少？( g 取 10 m/s2)【答案】.设选手过弯道时，允许的最大速度为 v2，此时人与冰面的夹角 的为 45，对选手受力分析如图则

24、： 、 解得： 由于 ，因而选手允许加速达到的最大速度为设选手在直道上加速的距离为 x，则 ，解得选手在直道上的最短时间 解得：14. 如图所示，竖直平面 MN 与纸面垂直，MN 右侧的空间存在着垂直纸面向内的匀强磁场和水平向左的匀强电场，MN 左侧的水平面光滑，右侧的水平面粗糙质量为 m 的物体 A 静止在MN 左侧的水平面上，已知该物体带负电，电荷量的大小为为 q一质量为 的不带电的物体B 以速度 v0冲向物体 A 并发生弹性碰撞，碰撞前后物体 A 的电荷量保持不变求：（1）碰撞后物体 A 的速度大小；（2）若 A 与水平面的动摩擦因数为 ，重力加速度的大小为 g，磁感应强度的大小为，电场

25、强度的大小为 已知物体 A 从 MN 开始向右移动的距离为时，速度增加到最大值求：a此过程中物体 A 克服摩擦力所做的功 W；b此过程所经历的时间 t【答案】 （1） （2）a. b. 【解析】试题分析：（1）设 A、B 碰撞后的速度分别为 vA、v B，由于 A、B 发生弹性碰撞，动量、动能守恒，则有：联立可得： （2）aA 的速度达到最大值 vm时合力为零，受力如图所示。竖直方向合力为零，有： 水平方向合力为零，有： 根据动能定理，有： 联立并代入相相关数据可得：b方法一：在此过程中，设 A 物体运动的平均速度为 ，根据动量定理有：依题意有： 联立并代入相关数据可得：而 联立并代入相关数据可得：考点：动量守恒定律及能量守恒定律的应用