1、2019 届 贵 州 省 贵 阳 市 第 一 中 学 高 三 9 月 月 考 物 理 试 题物 理注 意 事 项 ：1 答 题 前 ， 先 将 自 己 的 姓 名 、 准 考 证 号 填 写 在 试 题 卷 和 答 题 卡 上 ， 并 将 准 考 证 号 条 形 码粘 贴 在 答 题 卡 上 的 指 定 位 置 。2 选 择 题 的 作 答 ： 每 小 题 选 出 答 案 后 ， 用 2B 铅 笔 把 答 题 卡 上 对 应 题 目 的 答 案 标 号 涂 黑 ，写 在 试 题 卷 、 草 稿 纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。3 非 选 择 题 的 作 答 ： 用
2、 签 字 笔 直 接 答 在 答 题 卡 上 对 应 的 答 题 区 域 内 。 写 在 试 题 卷 、 草 稿纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。4 考 试 结 束 后 ， 请 将 本 试 题 卷 和 答 题 卡 一 并 上 交 。第 I 卷（选择题）一、单选题1伽利略对运动进行研究,创造了一套对近代科学的发展极为有益的科学方法,与此相关的下列说法正确（ ）A 伽利略认为生活中所有物体下落得一样快B 伽利略开创了思辨式的论证方式来讨论问题C 伽利略与前人的区别在于采用了以实验检验猜想和假设的科学方法D 伽利略最伟大的成就在于发现力是维持物体运动的原因2在一沙坑的正上
3、方某处将小球 1 竖直上抛,同时将小球 2 从同一位置处自由释放。以抛出时为计时起点.两小球在前 2 时间内的 图象如图所示,已知重力加速度为 g,空气阻力忽略不计,则小球 1 落入沙坑时的速度大小为（ ）A B C D 3如图所示,三角形 ABC 是固定在水平面上的三棱柱的横截面,A=30,B=37,C 处有光滑小滑轮,质量分别为 、 的两物块通过细线相连,跨过滑轮放在 AC 面和 BC 面上,且均处于静止状态。已知 BC 面光滑,物块 1 与 AC 面间的动摩擦因数 最大静摩擦力等于滑动摩擦力,则两物块的质量比 : 不可能是（ ）A 1:3 B 3:1 C 4:3 D 3:44撑杆跳是一种
4、田径运动项目。在这项比赛中,运动员双手握住一根特制的杆子,经过快速助跑后,借助杆撑地的反弹力量,使身体腾起,跃过横杆。现忽略空气阻力,关于运动员撑杆跳的过程,下列说法正确的是（ ）A 运动员起跳后的上升阶段,运动员始终处于超重状态B 运动员起跳后的上升阶段,杆对运动员的支持力始终等于运动员对杆的压力C 运动员起跳后的上升阶段,杆对运动员的支持力与运动员对杆的压力是一对平衡力D 运动员起跳后的上升阶段,杆对运动员的作用力可能小于运动员对杆的作用力5套有光滑小铁环的原长为 1.5 的轻质弹性绳系在长为的水平杆两端 A、B 上,小铁环质量为 m。现使杆沿水平方向运动,小环恰好悬于 A 端的正下方并与
5、杆保持相对静止,如图所示。此时弹性绳的总长度为 .重力加速度为 g,弹性绳的形变始终在弹性限度内,下列分析正确的是（ ）A 弹性绳的张力可能等于 mg B 杆正以 0.5g 的加速度向右做匀加速运动C 弹性绳的劲度系数为 D 若小铁环质量翻倍 ,运动中它依然能处于图示位置6如图所示，粗糙水平地面上的长方体物块将一重为 G 的光滑圆球抵在光滑竖直的墙壁上，现用水平向右的拉力 F 缓慢拉动长方体物块，在圆球与地面接触之前，下面的相关判断正确的是（ ）A 球对墙壁的压力逐渐减小此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 B 水平拉力 F 逐渐减小C 地面对长方体物块的摩擦力逐渐增大D 地面
6、对长方体物块的支持力逐渐增大二、多选题7如图所示,一物块以初速度 从一粗糙斜面底端 A 沿斜面向上冲,最高到达斜面中点 C 处,后又滑回斜面底端 A 处。物块可视为质点,由此可判断以下说法正确的是（ ）A 物块上滑过程所用时间小于物块下滑过程所用时间B 物块上滑过程的加速度大小小于物块下滑过程的加速度大小C 物块上滑过程经过 AC 中点 D 时的速度D 欲使物块刚好能到达斜面最高点 B 处,物块初速度应改为8百米赛跑中运动员的启动反应、启动加速、途中跑、冲刺跑等各个环节都至关重要,某研究小组在建模时对整个过程作如下近似处理:运动员视为质点,启动加速过程认为是加速度为 a 的匀加速运动,途中跑和
7、冲刺跑认为是速度为的匀速运动,各环节间转换时间均忽略不计。现有甲、乙两名运动员参赛,他们的启动反应时间相同,且有 ,则下列说法正确的是（ ）A 除去起点处,甲、乙两名运动员在比赛中可能相遇两次B 与乙相比,甲运动员加速过程的平均速度一定更大C 与乙相比,甲运动员加速过程的位移一定更小D 甲运动员一旦落后就一定会输掉比赛第 II 卷（非选择题）三、实验题9在研究“物体的加速度与合外力的关系”实验中,某兴趣小组设计了如图甲所示的实验装置具体实验步骤如下：按照图甲安装好实验装置,并测出两光电门之间的距离；在细线上挂上适量砝码;适当调节长木板的倾角,直到轻推小车,遮光片先后经过光电门 A和光电门 B
8、的时间相等；取下细绳和砝码,记下砝码的质量 m；把小车置于光电门 A 的位置,由静止释放小车,并记录小车通过光电门 B 的时间；重新挂上细绳和砝码,改变砝码的质量,重复一的步骤。(1)用一个总长为 19mm,共有 10 个小格的新式游标卡尺测量遮光片的宽度 d,游标卡尺的示数如图乙所示,其读数为_mm(2)小车由静止下滑的加速度 a=_(用题中所给物理量的符号、d、t 表示)。(3)重复上面的实验,可得到多组 m 和 t 的测量值,作出_(填“ ”或“ “)的图象如果图象是线性的,便可验证质量一定时,加速度与合外力成正比10用如图甲所示电路测量某电原的电动和内阻,电路中 AB 段为拉力敏感电阻
9、丝。拉力敏感电阻丝的阻值 R 随拉力 F 线性变化,其线性关系为 =15+10F，单位为 (1)待测电源的电动势 E 约为 5V，内阻 r 约为 2，电流表应选择_填序号。A量程 0.6A,内阻 B量程 3A,内阻 (2)改变拉力 F 的大小,记录电流表读数 ,测得多组数据,作出广 图象,如图乙所示。由图象可得=待测电源的电动势 E=_V,内阻 r=_(结果均保留 2 位有效数字)。(3)如图丙所示为一灯泡的伏安特性曲线,现将若干个这种灯泡并联之后与上述的电直接连接,并联_只灯泡可使电源的输出功率最大。四、解答题11某型号的瓶载飞机在航空母舰的跑道上加速时,其最大加速度为 5 ,所需的起飞速度
10、50m/s,为了使飞机在开始滑行时就有一定的初速度,航空母脱装有弹射装置,弹射系统使飞机具有=30m/s 的初速度,从而使得舰载飞机恰能安全起飞。求(1)跑道为多长？(2 若航空母舰匀速前进,在没有弹射装置、风速 =4m/s 的情况下,要保证飞机安全起飞,航空母舰前进的速度 至少为多大 ?12图甲中,质量为 m 的物块叠放在质量 M=2m 的足够长的木板上方右侧,木板放在水平地面上,物块与木板之间的动摩擦因数 ,木板与地面之间的动摩擦因数共 。在木板上施加一水平向右的拉力 F,在 0-3s 内 F 的变化如图乙所示,图中 F 以 m 为单位,重力加速度 g=10m/s。整个系统开始时静止。求(
11、1)0-3s 内物块 m 的对地位移；(2)1-3s 时物块 m 距离木板 M 右端的距离。13如图所示,水平放置的汽缸密封着一定质量的理想气体,在汽缸底部和活塞之间连接着根很细的弹簧,已知活塞的横截面积 S=0.01m ,大气压强 P=1.010 Pa。当缸内气体温度为 27时弹簧的长度为 30cm,汽缸内气体压强为缸外大气压的 1.2 倍,当缸内气体温度升高到 327时,弹簧的长度为 36cm。不计活塞与缸壁的摩擦且两个过程弹簧都处于拉伸状态,求（1）此时汽缸内气体的压强 P2；（2）此过程中缸内气体对外做的功。14如图所示，MN 下方足够大的空间有一长方体玻璃介质，其折射率 n= ，玻璃
12、介质在的上边界 MN 是屏幕，玻璃中有一个正三棱柱的真空区域。三棱柱轴线垂直于纸面，图中竖直截面正三角形的边长 18cm，顶点 C 很靠近屏幕，距离可忽略。底边 AB 与屏幕平行，一束激光在竖直截面内垂直于 AB 边射向 AC 边的中点 O，结果在屏幕 MN 上出现了两个光斑。光在真空中的传播速度c=3l08 m/s。求：该激光在玻璃介质中传播的速度；两个光斑之间的距离。五、填空题15下列说法正确的是_。A对一定质量的气体做功,气体的内能不一定增加B一定量的理想气体发生等压膨胀一定吸收热量C质量和温度都相同的气体,内能也一定相同D热量能够自发地从内能多的物体传递到内能少的物体E.在空气中一定质
13、量的 10的水吸收热量后变成 100的水蒸气,则吸收的热量大于增加的内能16一列简诺横波沿 x 轴正方向传播,在 x=12m 处的质元的振动图线如图 1 所示,在 x=18m 处的质元的振动图线如图 2 所示。下列说法正确的是_.A该波的周期为 12sBx=12m 处的质元在波峰时,=18m 处的质元正经平衡位置向下振动C在 0-4s 内 x=12m 处和 x=18m 处的质元通过的路程均为 6cmD该波的波长一定为 8mE.该波的传播速度可能为 m/s2019 届 贵 州 省 贵 阳 市 第 一 中 学 高 三 9 月 月 考 物 理 试 题物 理 答 案1C【解析】伽利略认为在没有空气阻力
14、的影响下，轻重物体下落一样快，生活中物体下落存在空气阻力，故 A 错误；在伽利略之前，人们主要用思辨的论证方法来讨论问题，故 B 错误；伽利略以前的区别在于采用了以实验检验猜想和假设的科学方法，故 C 正确；伽利略认为力不是维持物体运动的原因，故 D 错误。所以 C 正确，ABD 错误。2B【解析】由题意，两小球在前 2t 内的速度-时间图象斜率均为 g， t 时刻小球 1 速度为 0，小球 2 落入沙坑，速度大小 v2=gt，故小球 1 的初速度大小为 v0=gt，方向向上，抛出点在沙坑的正上方，小球 1 所到最高点在沙坑正上方 处，设小球落入沙坑时的速度为 v1，对小球从最高点到落入沙坑有
15、 ，解得： ，故 B 正确，ACD 错误。3A【解析】若 m2最小，则 m1受到的摩擦力沿斜面向上，根据共点力的平衡条件可得： m1gsin30-m 1gcos30=m2gsin37，解得： ；若 m2最大，则 m1受到的摩擦力沿斜面向下，根据共点力的平衡条件可得： m1gsin30+m 1gcos30=m2gsin37，解得： ，由此可得：，故 A 不可能，BCD 可能。所以选 A。4B【解析】在运动员起跳上升阶段，运动员开始时向上做加速运动，随后向上做减速运动，所以运动员开始时处于超重状态，上升的最后阶段处于失重状态，故 A 错误；运动员起跳后的上升阶段，杆对运动员的支持力与运动员对杆的压
16、力是一对作用力与反作用力，大小相等，故 B 正确，CD 错误。所以 B 正确，ACD 错误。5C【解析】绳上的拉力处处相等，设弹性绳与水平杆的夹角为 ，由几何关系 ，对小环受力分析有：水平方向： ，竖直方向： ，解得： ， ，加速度水平向右，可能向右加速，也可能向左减速，故 AB 错误；由 ，即 ，解得： ，故 C 正确；若小环质量翻倍，弹性绳上张力一定发生变化，弹性绳长度比发生变化，不会出于图示位置，故 D 错误。所以 C 正确，ABD 错误。6B【解析】对小球进行受力分析，如图所示：小球受力平衡，则有：N 1=Gtan， ，当水平向右的拉力 F 缓慢拉动长方体物块时， 增大，则 tan 增
17、大，所以 N1增大，cos 减小，则 N2增大，根据牛顿第三定律可知，球对墙壁的压力逐渐增大，故 A 错误；对小球和长方形物块整体进行受力分析，整体处于平衡状态，受力平衡，受到重力、地面的支持力、拉力 F 和墙壁对球水平向右的压力以及水平向左的滑动摩擦力；竖直方向受力平衡，则地面对物块的支持力等于整体的重力，不发生改变，动摩擦因数不变，则滑动摩擦力不变，故 B 错误，C 错误；对长方形物块受力分析，受到重力、地面的支持力、拉力 F、球对物块的压力 N2以及滑动摩擦力作用，如图所示：受力平衡，则水平方向有：F+N 2sin=f，根据牛顿第三定律可知，N 2=N 2，由于 N2增大， 增大，f 不
18、变，则 F 减小，故 D 正确故选 D.点睛：本题主要考查了共点力平衡条件的直接应用，要求同学们能灵活选择研究对象，并能正确对物体进行受力分析，根据平衡条件结合几何关系求解，特别要注意对整体受力分析后，根据共点力平衡条件得出支持力不变，从而判断摩擦力为恒力7AD【解析】根据牛顿第二定律得，上滑的加速度大小为： ，解得：，下滑的加速度大小为： ，解得： ，知a1 a2，故 B 错误；对上滑过程采用逆向思维，有 ，对下滑过程有： ，因为a1 a2，则 t1 t2，即上滑的时间小于下滑的时间，故 A 正确；根据推论一段匀变速直线运动中间位置的速度大于中间时刻的瞬时速度，可知物块上滑过程经过 AC 中
19、点 D 时的速度 ，故 C 错误；根据速度位移公式 v2=2aL，可知为使位移变为原来的 2 倍，速度要变为原来的 倍，故 D 正确。所以 AD 正确，BC 错误。8CD【解析】根据题意做出甲、乙运动的 v-t 图象，如图所示：由图象可知刚起跑时甲处于领先，但在到达终点前有可能被乙超越，且甲一旦被超越就无法在追上乙，故 A 错误，D 正确；加速过程甲、乙速度均为零，乙的末速度大，所以加速过程乙的平均速度大，且乙的加速度时间还更长，所以乙加速过程的位移也更大，故 B 错误，C 正确。所以 CD正确，AB 错误。9（1）1.2 （2） （3）【解析】（1）游标卡尺的主尺读数为 1mm，游标读数为
20、0.12mm=0.2mm，则最终读数为 1.2mm。(2)小车经过光电门时的速度为： ，根据位移时间公式： ，联立可得： 。（3）根据实验原理可知当取下细绳和钩码时，小车将在合力大小即为钩码重力大小的情况下做匀变速直线运动，所以要验证 F 合 =Ma，即需要验证 ，可得： ，所以作出的图象。10（1）A （2）4.0；1.0 （3）2【解析】（1）由题图乙可知： ，可知，当 F=0N 时， ，此时 I 最大，大约为，所以选 A。（2）由闭合电路欧姆定律 ，可得： ，由 图象可知，斜率 ，可得： E=4V；图线的截距 ，解得： 。（3）当外电路的电阻 R 等于电池内阻 r 时，电源的输出功率最大
21、。即 时， U 外=2V，所以由灯泡的 U-I 图可知，此时 ，则有 ，可得： n=2.11(1)160m (2)6m/s【解析】根据速度与位移的关系公式，求出飞机获得 50m/s 的速度的位移；根据飞机的位移和航空母舰的位移之差等于跑道的长度，结合位移时间公式求出航空母舰的速度至少为多大。（1）设跑道最短为 L，则有： ，代入数据解得： L=160m（2）飞机起飞的时间 t，则对航空母舰有：对飞机，英菲起飞时起飞速度为：v-v2=46m/s，航母所需速度最小，即根据速度位移公式：位移关系为：联立解得：【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用。12(1)8m (2)2
22、.25m【解析】分别对物块和木板进行受力分析，求出其加速度，根据匀变速直线运动的基本公式即可求解对地位移；根据受力分析得出物块和木板的运动情况，画出速度-时间图象，在 13s 内物块相对于木板的距离 s 等于木板和物块 v-t 图线下的面积之差。（1）设木板和物块的加速度分别为 a 和 ，在 t 时刻木板和物块的速度分别为 和 ，木板和物块之间的摩擦力大小为 f1，根据牛顿第二定律，对物块： ，解得：则：对木板： ，解得：同理，木板第二阶段加速度 ，木板第三阶段加速度为 ，木板第四阶段匀速度根据联立可得： ， ， ， ， ，物块与木板运动的 v-t 图象如图所示：则物块 m 前 2s 对地位移
23、第 3s 位移则：（2）在 0-3s 内物块相对于木板的距离 等于木板和物块 v-t 图线下的面积之差，即图中带阴影的四边形面积，该四边形由两个三角形组成，上面的三角形面积为 0.25m，下面三角形的面积为 2m，因此 =2.25m。【点睛】根据物体受力情况判断物体的运动情况，并根据牛顿第二定律及匀变速直线运动的基本公式解题的典型题。13(1)2.510 5Pa (2)96J【解析】找出气体的初末状态，根据理想气体状态方程即可求出汽缸内气体的压强；对活塞受力分析，再根据做功公式即可求出此过程中缸内气体对外做的功。（1）根据理想气体状态方程：则有：可得：（2）对活塞受力分析有：可得：则解得：【点
24、睛】本题的关键是分析清楚气体的状态变化过程中，哪些量不变，变化的是什么量，明确初末状态量的值，根据气体定律进行研究。14（1） （2） 【解析】该激光在玻璃介质中传播的速度为：画出光路图如图所示：在界面 AC，光的入射角由光的折射定律有：代入数据可以得到：折射角由光的反射定律得到，反射角： 由几何关系得到： 是直角三角形，O 点到光屏的距离为：故两光斑之间的距离为： 15ABE【解析】做功和热传递都可以改变物体的内能，所以对一定质量的气体做功，气体的内能不一定增加，故 A 正确；一定质量的理想气体发生等压膨胀，根据理想气体的状态方程 ，可知气体温度一定升高，内能增大，而对外做功，所以一定向从外
25、界吸收热量。故 B 正确；气体的内能由温度、体积和物质的量决定，质量和温度都相同的气体，内能可能不同，故 C 错误；热传递能自发的从温度较低的物体向温度较高的物体传递，温度高的物体内能不一定大，还与物质量有关，故热传递有可能自发的从内能较小的物体向内能较大的物体进行，故 D 错误；在空气中一定质量的 10的水吸收热量后变成 100的水蒸气,则吸收的热量大于增加的内能，故 E 正确。所以 ABE 正确，CD 错误。16ABE【解析】由振动图像可知，该波的周期为 12s，选项 A 正确；由两个质点的振动图像可知，两个质点最近相差 3/4 个波长，故当 x=12m 处的质元在平衡位置向上振动时，x=18m 处的质元在波峰，选项B 正确；在 04s 内，质点各自振动 T/3，而因为 T/4=3s 周期的路程是 4cm，剩下 1s 的路程不可能是 2m，而是要小于 2m，故其总电路不是 6m，选项 C 错误；因为质点最近时 3/4=6m，故 =8m，所以该波的波长可能为 8m，选项 D 正确；因为 +n=6m 时，波长 = m，再由公式 =vT可知， m=2m/s12s，解之得 n 是不存在的，故该波的传播速度不可能为 2m/s，选项 E 错误。
