1、2018-2019 学 年 广 西 南 宁 市 第 三 中 学 高 二上 学 期 第 一 次 月 考 物 理 试 题物 理注 意 事 项 ：1 答 题 前 ， 先 将 自 己 的 姓 名 、 准 考 证 号 填 写 在 试 题 卷 和 答 题 卡 上 ， 并 将 准 考 证 号 条 形 码粘 贴 在 答 题 卡 上 的 指 定 位 置 。2 选 择 题 的 作 答 ： 每 小 题 选 出 答 案 后 ， 用 2B 铅 笔 把 答 题 卡 上 对 应 题 目 的 答 案 标 号 涂 黑 ，写 在 试 题 卷 、 草 稿 纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。3 非 选 择
2、 题 的 作 答 ： 用 签 字 笔 直 接 答 在 答 题 卡 上 对 应 的 答 题 区 域 内 。 写 在 试 题 卷 、 草 稿纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。4 考 试 结 束 后 ， 请 将 本 试 题 卷 和 答 题 卡 一 并 上 交 。第 I 卷（选择题）一、单选题1下列物理量中，属于矢量的是( )A 电势 B 电势能 C 电场强度 D 电流强度2油罐车后面都有一条拖地的铁链，其作用是( )A 向外界散热 B 把电荷导入大地，避免由静电造成危害C 作为油罐车的标志 D 发出响声，提醒其他车辆和行人的注意3真空中的两个点电荷原来带的电荷量分别为 q
3、1和 q2，且相隔一定的距离若现将 q2增加为原来的 3 倍，再将两点电荷间的距离缩小为原来的一半，则前后两种情况下两点电荷之间的库仑力之比为（ ）A 1:6 B 1:12 C 12:1 D 6:14一带电粒子在电场中仅在电场力作用下，从 A 点运动到 B 点，速度大小随时间变化的图象如下图所示， tA、 tB分别是带电粒子在 A、B 两点对应的时刻，则下列说法中正确的有（ ）A A 处的场强一定大于 B 处的场强B A 处的电势一定高于 B 处的电势C 带电粒子在 A 处的电势能一定小于 B 处的电势能D 带电粒子从 A 到 B 的过程中，电场力一定对电荷做正功5关于静电场的场强与电势，下列
4、说法正确的是（ ）A 电势为零的地方，场强一定为零B 电场强度为零的地方，电势也一定为零C 任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向D 电场强度大的地方电势一定高6如图所示，下列四幅有关电场说法正确的是（ ）甲. 乙. 丙. 丁. A 图甲为等量同种点电荷形成的电场线B 图乙离点电荷距离相等的 a、 b 两点场强相同C 图丙中在 c 点静止释放一正电荷，可以沿着电场线运动到 d 点D 图丁中某一电荷放在 e 点与放到 f 点，它们的电势能相同7质量为 m，电量为 +q 的小球以初速度 v0以与水平方向成 角射出，如图所示，如果在某方向加上一定大小的匀强电场后，能保证小球仍沿 v0方向做直
5、线运动，则所加匀强电场的最小值为（ ）A B C D 8如图，平行板电容器与电动势为 E 的电源连接，下极板接地一带电油滴位于电容器中的 P 点且恰好处于平衡状态现将上极板竖直向上移动一小段距离，则（ ）此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 A P 点的电势将降低 B 极板带电量将增加C 带电油滴的电势能将增大 D 带电油滴将竖直向上运动二、多选题9两电荷量分别为 q1和 q2的点电荷固定在 x 轴上的 O、M 两点，两电荷连线上各点电势随x 变化的关系如图所示，图线关于 CH 对称，其中 C 为 ND 段电势最低的点，则下列说法正确的是（ ）A q1、 q2为等量异种电荷B
6、N、C 两点间场强方向沿 x 轴正方向C N、D 两点间的电场强度大小沿 x 轴正方向先减小后增大D 将一正点电荷从 N 点移到 D 点，电势能先增大后减小10如图所示， d 处固定有负点电荷 Q，一带电粒子只在电场力作用下，沿图中曲线 abc 的运动 a、 b 、 c 、 d 恰好是一正方形的四个顶点，则有（ ）A a 、 b 、 c 三点处电势高低关系是B 带电粒子由 a 到 c，电势能先增加后减小，在 b 点动能最小C 带电粒子在 a 、 b 、 c 三点处的加速度大小之比为 2:1:2D 若将 d 处的点电荷改为+ Q ，该带电粒子的轨迹可能仍为曲线 abc11如图所示，在平面直角坐标
7、系中有一等边三角形 OPC， O 点位于坐标原点， OC 与 x 轴重合， P 点坐标为 ， A， B 分别为 OP， PC 的中点坐标系处于匀强电场中，且电场方向与坐标平面平行，已知 O 点的电势为 6V， A 点的电势为 3V， B 点的电势为 0V,则由此可判定（ ）A C 点的电势为 B 场强方向由 A 指向 BC 该匀强电场的电场强度大小为 100V/m D 该匀强电场的电场强度大小为12如图所示，带正电的粒子（不计粒子的重力）以一定的初速度 v0沿两板的中线进入水平放置的平行金属板内，恰好沿下板的边缘飞出，已知板长为 L，平行板间距离为 d，板间电压为U，带电粒子的电荷量为 q，粒
8、子通过平行板的时间为 t，则（ ）A 在前 时间内，电场力对粒子做的功为B 在后 时间内，电场力对粒子做的功为C 在粒子下落前 和 后的过程中，电场力做功之比为 1:1D 在粒子下落前 和后 的过程中，电场力做功之比为 1:2第 II 卷（非选择题）三、实验题13如图所示的电路中，小量程电流表的内阻 Rg=100，满偏电流 Ig=1mA， R1=900， R2= ，则：（1）当 S1和 S2均断开时，改装成的是_表，最大量程是_；（2）当 S1和 S2均闭合时，改装成的是_表，最大量程是_14图甲为小孔同学测绘额定电压为 2.5V 的小灯泡的 IU 图线的实验电路图（乙）（1）根据电路图，用笔
9、画线代替导线，将图（乙）中的实验电路连接成完整实验电路_（2）开关 S 闭合之前，图（乙）中滑动变阻器的滑片应该置于_（选填“ A 端”、“B 端”或“ AB 正中间”）.（3）该同学在实验中采用了_（选填“内接法”或“外接法”），实验测得的结果比真实值_（选填“大”或“小”） .（4）图（丙）是实验中测得的数据，根据实验数据，该同学画出的小灯泡 IU 图线如图所示由此可知，当电压为 0.5V 时，小灯泡的灯丝电阻是_ .四、解答题152018 年 9 月 7 日 20 时，台风“山竹”在西北太平洋洋面上生成，9 月 16 日 17 时“山竹”在广东台山海宴镇登陆，登陆时中心附近最大风力 14
10、 级，中心最低气压 955 百帕；伴随台风的还有电闪雷鸣，通常情况下，一次闪电过程通常由若干个相继发生的闪击构成，每个闪击持续时间很短，电荷转移主要发生在第一个闪击过程中在某一次闪电前，云地之间的电势差约为1.0109V，云地间距离约为 2 km；第一个闪击过程中云地间转移的电荷量约为 6C，闪击持续时间约为 510-5s若闪电前云地间的电场可以看做匀强电场，试估算：（1）闪电前云地间的电场强度大小；（2）第一个闪击过程中闪电电流的平均值；16把带电荷量 2108 C 的正点电荷从无限远处移到电场中 A 点，要克服电场力做功8106 J， 若把该电荷从无限远处移到电场中 B 点，需克服电场力做
11、功 2106 J，求：（1） A、 B 两点的电势差；（2）把 2105 C 的负电荷由 A 点移到 B 点电场力做的功17如图所示，正点电荷固定在倾角为 30的光滑绝缘斜面底部的 C 点，斜面上有 A、B 两点，且 A、B 和 C 在同一直线上，A 和 C 相距为 L，B 为 AC 的中点，现将一质量为 m、带电量为q（电性未知）的小球从 A 点由静止释放，当带电小球运动到 B 点时速度恰好又为零，已知带电小球在 A 点处的加速度大小为 g，求：（1）小球带何种电荷；（2）小球运动到 B 点时的加速度；（3）A、B 两点间的电势差 UAB.18如图所示，区域内有电场强度为 E=2104N/C
12、、方向竖直向上的匀强电场；区域 II 中有一光滑绝缘圆弧轨道，轨道半径为 R=2m，轨道在 A 点的切线与水平方向成 60角，在 B 点的切线与竖直线 CD 垂直；在区域有一宽为 d=3m 的有界匀强电场，电场强度大小未知，方向水平向右一质量为 m=0.4kg、带电荷量为 q= -210-4C 的小球（质点）从左边界 O 点正上方的 M 点以速度 v0=2m/s 水平射入区域 I，恰好从 A 点沿圆弧轨道切线进入轨道且恰好不能从区域中电场的右边界穿出，（取 g=10m/s2）求：（1）OM 的长 L；（2）区域中电场的电场强度大小 E；（3）小球回到区域中的电场左边界上的点与 OO的距离201
13、8-2019 学 年 广 西 南 宁 市 第 三 中 学 高 二上 学 期 第 一 次 月 考 物 理 试 题物 理 答 案1C【解析】ABD、电势、电势能和电流强度都是只有大小没有方向的标量。故 ABD 错误。C、电场强度是既有大小又有方向的矢量。故 C 正确。故选：C.2B【解析】油罐车上的搭地铁链是为了把产生的静电导走，属于静电的防止，故 B 答案正确故选 B3B【解析】由库仑定律的可得原来它们之间的库仑力为：F= ，变化之后它们之间的库仑力为：=12F，故：F：F=1 ：12，故 B 正确、ACD 错误。故选：B.4D【解析】A. 根据速度图象的斜率等于加速度，由数学知识可以看出，从
14、A 点运动到 B 点的过程中带电粒子的加速度增大，则其所受的电场力增大，由 a=qE/m 知，电场强度 E 增大，即有 A 处的场强一定小于 B 处的场强。故 A 错误；B. 由于带电粒子的电性未知，无法判断电场方向，也就不能判断电势高低。故 B 错误；CD.由图看出，带电粒子的速度增大，动能增大，则由能量守恒定律得知，其电势能减小，电场力做正功。故 C 错误，D 正确。故选：D【点睛】速度时间图象的斜率等于加速度，由数学知识判断带电粒子的加速度增大，即可判断电场力和场强的大小因带电粒子的电性未知，无法判断电场方向，不能判断电势高低根据能量守恒判断电势能的大小，确定电场力做功正负5C【解析】A
15、. 电势为零的点可以任意选取。电场强度与电势没有直接关系，电场强度为零时，电势不一定为零；电势为零时，电场强度不一定为零，故 A 错误，B 错误；C. 沿着电场线的方向电势逐渐降低，而且电场强度总是指向该点电势降落最快的方向。故 C 正确。D. 电场强度与电势没有直接关系，电场强度大的地方电势不一定高，故 D 错误。故选：C【点睛】电势为零的点可以任意选取。电场强度与电势没有直接关系；电场强度的方向与等势面垂直，电场强度的方向是电势降低最快的方向；根据这些知识进行解答。6D【解析】A.图甲是等量异种点电荷形成的电场线，故 A 错误；B. 图乙离点电荷距离相等的 a、 b 两点场强大小相等，方向
16、不同，故 B 错误；C. 在图丙中 c 点正电荷受力沿切线方向，静止释放时，不可能沿着电场线运动到 d 点，故 C 错误；D. 图丁中 e 点与 f 点电势相等，根据 EP=q ，放在 e 点与放到 f 点的电荷电势能相同，故 D 正确。故选：D7B【解析】要保证小球仍沿 v0方向做直线运动，则小球所受的合力方向与 v0方向共线，可得电场力的最小值满足 ，解得 ，故选 B考点：牛顿定律的应用；电场强度【名师点睛】此题考查了物体做直线运动的条件；要知道当物体做直线运动时所受的合力方向与初速度方向要共线；难度不大，是基础题8C【解析】将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电
17、压不变，根据E=U/d 得知板间场强减小，而 P 点与下极板间的距离不变，则由公式 U=Ed 分析可知，P 点与下极板间电势差将减小，而 P 点的电势低于下极板的电势，则知 P 点的电势将升高。故 A 错误。油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动。故 D 错误。根据 Q=UC，由于电势差不变，电容器的电容减小，故带电量减小，故 B 错误；由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带正电，P 点的电势升高，则油滴的电势能将增加。故 C 正确。故选 C。点睛：本题运用 E=U/d 分析板间场强的变化，判断油滴如何运动运用推论：正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，来判断电势能的变化9BC
18、【解析】A. 若是异种电荷，电势应该逐渐减小或逐渐增大，由图象可以看出，应该是等量的同种正电荷，故 A 错误；B. 沿 x 正方向从 N 到 C 的过程，电势降低，N、C 两点间场强方向沿 x 轴正方向。故 B 正确；C. x 图线的斜率表示电场强度，由图可得 N、D 两点间的电场强度大小沿 x 轴正方向先减小后增大，故 C 正确；D. NC 电场线向右，CD 电场线向左，将一正点电荷从 N 点移到 D 点，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大。故 D 错误；故选：BC.【点睛】由图象中电势的特点可以判断是同种等量正电荷。由电势图线的斜率可以判断电场强度的大小。沿电场线电势降低，可以判断
19、电场强度的方向，可知电场力做功的正负，从而判断电势能的变化。10BC【解析】A. 根据点电荷的电场线的特点，Q 与 ac 距离相等，都小于 b，故 b 点的电势最高，a、c 两点的电势相等，即 .故 A 错误；B. 根据轨迹弯曲方向判断出粒子之间存在引力，它与固定在 O 点的电荷是异种电荷，故带电粒子带正电荷，质点从 a 到 b，电势升高，电势能就增加；从b 到 c 电势能减小，质点在 b 点的电势能最大，则动能最小。故 B 正确；C.由图可知,r a=rc= rb，代人库仑定律： ，可得： Fa：F b=2：1；由牛顿第二定律：a a：a b=Fa：F b=2：1，所以质点在a、b、c 三点
20、处的加速度大小之比为 2:1:2；故 C 正确；D. 若将 d 处的点电荷改为+Q，质点受到斥力，轨迹不可能沿曲线 abc，故 D 错误。故选：BC【点睛】电荷受到的合力指向轨迹的内侧，根据轨迹弯曲方向判断出粒子与固定在 O 点的电荷是异种电荷，它们之间存在引力，根据点电荷的电场线的特点，Q 与 ac 距离相等，都小于 b，故 B 点的电势高于 ac 两点的电势应用牛顿第二定律求出加速度之间的关系11AD【解析】A. 因为 AB 平行于 OC，且为三角形 OPC 的中位线，OC=2AB，故有：U OC=2UAB，即6 C=2(30)，得 C=0V，故 A 正确；B. 由 A 分析得，BC 为等
21、势线，场强方向与等势线垂直，故B 错误；C. 由 A 分析知，BC 为 0V 等势线，过 O 作 BC 的垂线 OB，垂足为 B，由几何关系得：L OB=2，故电场强度为：E= ，故 C 错误，D 正确。故选：AD12BC【解析】A. 粒子在垂直于板的方向做初速度为零的匀加速运动：由 y= at2可得，前 t/2 时间内与 t时间内垂直于板方向之比为 1:4，在前 t/2 时间内的位移为 y1=d/8，电场力对粒子做功为：W=qEy1=q = ，故 A 错误；B. 由 y= at2可得，后 t/2 时间内与 T 时间内垂直于板方向之比为 3:4，则在后 t/2 时间内，电场力对粒子做功为 .故
22、 B 正确；C. 由电场力做功 W=qEy，则前粒子在下落前 d/4 和后 d/4 内，电场力做功之比 1:1，故 C 正确，D 错误。故选：BC.13（1）电压；1V （2）电流；1A【解析】(1)由电路图可知，当 S1和 S2均断开时，G 与 R1串联，改装所成的表是电压表表，量程为U=Ig（R g+R1）=0.001（100+900）=1V；(2)由电路图可知，当 S1和 S2均闭合时，G 与 R2并联，改装所成的表是电流表，量程为：I=I g+ =0.001+ =1A，【点睛】把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻，把电流表改装成大量程的电流表需要并联分流电阻，分析清楚图示电路结构，
23、应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题14（1） （2）A 端 （3）外接法；小 （4）5【解析】（1）根据原理图连接实物图如图所示；（2）为了仪器安全，开关 S 闭合之前，图（乙）中滑动变阻器的滑片应该置于 A 端，此时灯泡的电压为零；（3）因为灯泡的电阻较小，所以应采用电流表外接法。电压表示数等于灯泡两端的电压，电流表的示数大于灯泡的电流，根据 R=U/I，测量值比真实值小；（4）由图可知，电压为 0.5V 时，电流为 0.10A，根据 R=U/I，小灯泡灯丝的电阻为 5。15（1） （2） 【解析】(1)电场强度大小 E=U/d= v/m=5105V/m，(2)平均电流 A=1.2105A
24、，【点睛】由于云地间的电场是匀强电场，根据场强的公式可以求得电场强度的大小；根据电流强度的定义式可以求得电流的平均值的大小.16（1）300V （2） 【解析】（1）A 点电势为： =400VB 点电势为： =100V所以：U AB= A- B=400V-100V=300V（2）电场力做功：【点睛】根据电势的定义式 =W/q 得到各个点的电势，可求 A、B 两点间的电势差；最后根据电场力做功与电势差关系公式 WAB=qUAB求解电场力做的功17（1）带正电 （2） 沿斜面向上 （3）- 【解析】（1）由题意可知，小球带正电（2）设正点电荷带电量为 Q，则小球在 A 点受到的库仑力：小球在 B
25、点的受到的库仑力： 在 A 点，有：在 B 点，有：由以上可得： aB= ，方向沿斜面向上；（3）设由 A 到 B 正点电荷对小球做功为 WAB，对小球由动能定理得：由电场力做功与电势差的关系得：得：【点睛】根据库仑定律和牛顿第二定律分别研究小球在 A 点和 B 点的加速度，分别列式即可求得小球运动到 B 点时的加速度大小；根据动能定理和电场力公式 W=qU 结合，求解 B 和 A 两点间的电势差18（1）0.3m （2） （3）21m【解析】（1）小球在区域 I 中做类平抛运动，设小球在 A 点的速度为 vA，竖直分速度为 vy，则有：4m/s， 由牛顿第二定律可得： =20m/s2 由匀变
26、速直线运动的速度位移公式得： 解得： L=0.3m（2）在区域 II 中，由图可得，由 A 至 B 下降的高度为 ，则由 A 到 B，根据动能定理：，解得： vB=3v0=6m/s在区域 III 中，小球在水平方向做匀减速直线运动，到达右边界时水平速度刚好减为零，由匀变速直线运动的速度位移公式得： vB2=2 ，解得： E =1.2104N/C （3）水平方向： vB=at，而： ，代入数据得：竖直方向上小球做自由落体运动： 小球到达右边界后又向左返回到左边界，返回用时：竖直方向下落的高度：所以小球到达区域中电场边界上时与 的距离为：，所以：【点睛】（1）小球在区域 I 中做类平抛运动，结合 A 点的速度方向和初速度求出竖直分速度，根据牛顿第二定律求出竖直方向上的加速度，结合速度位移公式求出 L 的长度；（2）根据动能定理求出 B 点的速度，在区域 III 中水平方向上做匀减速运动，结合牛顿第二定律和速度位移公式求出区域 III 的电场强度；（3）在区域 III 中竖直方向上做自由落体运动，抓住等时性，结合位移公式求出小球到达区域中电场右边界上的点与 oo的距离
