1、2017-2018 学 年 好 教 育 云 平 台 8 月 份 内 部 特 供 卷高 三 物 理 （ 五 ）注 意 事 项 ：1 答 题 前 ， 先 将 自 己 的 姓 名 、 准 考 证 号 填 写 在 试 题 卷 和 答 题 卡 上 ， 并 将 准 考 证 号 条 形 码粘 贴 在 答 题 卡 上 的 指 定 位 置 。2 选 择 题 的 作 答 ： 每 小 题 选 出 答 案 后 ， 用 2B 铅 笔 把 答 题 卡 上 对 应 题 目 的 答 案 标 号 涂 黑 ，写 在 试 题 卷 、 草 稿 纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。3 非 选 择 题 的 作
2、答 ： 用 签 字 笔 直 接 答 在 答 题 卡 上 对 应 的 答 题 区 域 内 。 写 在 试 题 卷 、 草 稿纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。4 考 试 结 束 后 ， 请 将 本 试 题 卷 和 答 题 卡 一 并 上 交 。一、单选题1在下列 4 个核反应方程中，X 表示质子的是（ ）A30153014+B2389223490+C2713+102712+D2713+423015+2物体从斜面上 A 点由静止开始下滑，如图所示，第一次经光滑斜面 AB 滑到底端时间为 ，1第二次经光滑斜面 ACD 下滑，滑到底端时间为 ，已知 ，在各斜面的等高处物体的
3、2 + 速率相等，试判断（ ）A 12B 1=2C 1EBC场强方 向为从 B 到 AD电场线的方向一定是从 A 到 B10如下图所示，闭合线圈 从高处自由下落一段时间后垂直于磁场方向进入一有界磁场，在 边刚进入磁场到 边进入磁场的这段时间内，线圈运动的速度图象可能是（ ） A B C D三、实验题11在利用电磁打点计时器研究匀变速直线运动的实验中，如图所示是某同学“研究物体做匀变速直线运动规律”实验时得到的一条纸带(实验中打点计时器打点时间间隔 T=0.02s)，依照打点的先后顺序取计数点为 1、2、3、4、5、6、7，相邻两计数点间还有 4 个点未画出，测得：S21.91cm，S 32.4
4、0cm 。a打第 3 个计数点时纸带的速度大小 v3_m/s；(保留两位有效数字)b计算物体的加速度大小为_m/s 2(保留两位有效数字) 12用如图所示电路测量电源的电动势和内阻。实验器材：待测电源（电动势约 ，内阻约3 V），保护电阻 （阻值 ）和 （阻值 ），滑动变阻器 ，电流表 ，电压表 ，开关 ，导2 1 10 2 5 线若干。实验主要步骤：将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，闭合开关；逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数 和相应电流表的示数 ； 以 为纵坐标， 为横坐标，作 图线（ 、 都用国际单位）； 求出 图线斜率的绝对值 和在横轴上的截距 。 回答下列问题：(1
5、)电压表最好选用_；电流表最好选用_A电压表（ ，内阻约 ）03 V 15kB电压表（ ，内阻约 ）03 V 3kC电流表（ ，内阻约 ）0200mA 2D电流表（ ，内阻约 ）030mA 2 (2)滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大，两导线与滑动变阻器接线柱连接情况是_。A两导线接在滑动变阻器电阻丝两端的接线柱B两导线接在滑动变阻器金属杆两端的接线柱C一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱，另一条导线接在电阻丝左端接线柱D一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱，另一条导线接在电阻丝右端接线柱(3)选用 、 、 和 表示待测电源的电动势 和内阻 的表达式 _， _， 1 2 =
6、=代入数值可得 和 的测量值。 四、解答题13如图，质量为 m=lkg 的滑块，在水平力作用下静止在倾角为 =37的光滑斜面上，离斜面末端 B 的高度 h=0. 2m，滑块经过 B 位置滑上皮带时无机械能损失，传送带的运行速度为vo=3m/s，长为 L=1m。今将水平力撤去，当滑块滑 到传送带右端 C 时，恰好与传送带速度相同。g 取 l0m/s2.求：(1)水平作用力 F 的大小；（已知 sin37=0.6 cos37=0.8）(2)滑块滑到 B 点的速度 v 和传送带的动摩擦因数 ；(3)滑块在传送带上滑行的整个过程中产生的热量。14如图所示，水平面上有两根相距 0.5m 的足够长的平行光
7、滑金属导轨 MN 和 PQ，它们的电阻忽略不计，在 M 和 P 之间接有阻值 R 为 4 的定值电阻，现有一质量 m 为 0.5kg 的导体棒 ab，长 L=0.5m，其电阻 r 为 1.0，与导轨接触良好，整个装置处于方向竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度 B=1T，现使导体棒 ab 以 v=8m/s 的速度向右做匀速运动。求：（1）导体棒 ab 中电流的方向；（2）ab 两端电压 U；（3）导体棒 ab 所受的外力大小。15如图，在平面直角坐标系 xOy 的第一象限内，存在着有界匀强磁场，磁感应强度大小为B，宽度为 a 方向垂直纸面向外，在第三象限存在于 y 轴正向成 30角的匀强电场。现有
8、一质量为m，电荷量为+ q 的粒子从电场中的 P 点由静止释放，经电场加速后从 O 点进入磁场。粒子恰好不能从上边界射出，不计粒子的重力。求：（1）粒子进入磁场时的速度 v；（2）粒子在电、磁场中运动的总时间 t。2017-2018 学年好教育云平台 8 月份内部特供卷高 三 物 理 （ 五 ） 答 案1C【解析】由方程式 A 知 X 质量数等于零，电荷数为 1，所以 X 为正电子，A 错误；B 中 X 的质量数为 4，电荷数为 2，所以 X 为氦原子核，B 错误；C 中 X 的质量数为 1，电荷数为 1，故 X为质子，C 正确；D 中 X 的质量数为 1，电荷数为 0，所以 X 为中子，D
9、错误；故选 C。2A【解析】作速度时间图线，在 AB 和 ACD 上运动的初末速度相等，AC 段的加速度大于 AB 段的加速度，在 CD 段的加速度小于AB 段的加速度，两物体的路程相等，即图线与时间轴所围成的面积相等。从图象可以看出 t1 t2故 A 正确，BCD 错误。3B【解析】当三个力作用在同一直线、同方向时，三个力的合力最大，即。当三个力作用在一个物体上，不在一条直线，并且夹角可以改变，总能=6+7+4=17使物体处于静止状态，故此时三个力的合力为零，即它们合力的最小值为 0，故选项 B 正确，选项ACD 错误。4D【解析】设每个球的质量均为 m，碰前系统总动量 ，碰前的总机械能=+
10、=4；=122+122=20碰后总动量 P=4m，总机械能 E=20m，动量守恒，机械能守恒，故 A 可能实现；碰后总动量 P=4m，总机械能 E=4m，动量守恒，机械能不增加，故 B 可能实现；碰后总动量 P=4m，总机械能 E=5m，动量守恒，机械能不增加，故 C 可能实现；碰后总动量 P=4m，总机械能 E=29m，动量守恒，机械能增加，违反能量守恒定律，故 D 不可能实现。5C【解析】粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，速度达最大时，粒子运动的半径与 D 型盒半径相等，由圆周运动规律有： ， ，则 ，可见要增=2 =122 =2222大粒子射出时的动能，可增大磁场的磁感应强
11、度或增大 D 形盒的半径，与加速电压无关，故 C 正确，ABD 错误。6C【解析】设灯泡正常发光时，流过它的电流为 ，则该变压器原线圈电流 ，副线圈中电流 1=，则原副线圈匝数比 ；所以原线圈两端的电压为 ，则 AB 端输入2=212=21=2:1 1=122=2电压为 3 ，则 ABD 错，C 正确。7AD【解析】根据动能定理，合外力做功为：W 合 =Ek= mv2，故 A 正确，C 错误；物体上升 L 时，12克服重力做功为 mgL，即重力做功为-mgL，故 B 错误；根据动能定理，有：-mgL+FL+W 弹= mv2，解得：W 弹 =mgL-FL+ mv2，故 D 正确；故选 AD。12
12、 128CD【解析】探月飞船以速度 v 贴近月球表面做匀速圆周运动，测出圆周运动的周期为 T，根据圆周运动的公式 得探月飞船的轨道半径 ，根据万有引力提供向心力， ，所以可=2 =2 2=2以求出月球的质量，不能求出探月飞船的质量，A 错误；贴近月球表面做匀速圆周运动，轨道半径可以认为就是月球半径，所以月球的半径 ，B 错误；在星球表面上，物体所受的重力近似等=2于星球的万有引力，有 ，则得月球表面的重力加速度 ，C 正确；飞船若要离2=2 =2开月球返回地球，必须启动助推器使飞船加速，做离心运动，D 正确。9AC【解析】速度-时间图象的斜率等于加速度，由图可知：电子做初速度为零的加速度增大的
13、加速直线运动。加速度增大，说明电子所受电场力增大，电子在 A 点受到的电场力小于 B 点，即FAF B由 F=qE 可知，电场强度增大，A 点的场强小于 B 点，即 EAE B。故 A 正确，B 错误。电子由静止开始沿电场线从 A 运动到 B，电场力的方向从 A 到 B，而电子带负电，则场强方向从 B到 A，电场线方向一定从 B 到 A，故 C 正确，D 错误。故选 AC。10ACD【解析】线圈从高处自由下落，以一定的速度进入磁场，在 ab 边刚进入磁场时，如果重力等于安培力，进入磁场过程是匀速运动，故 A 正确。在 ab 边刚进入磁场时，如果重力大于安培力，加速度向下，线圈进入磁场做加速运动
14、，由于速度增加会所得感应电流增加，安培力增加，所以线圈的合力是在减小的，加速度也在减小，这个过程是变加速运动。当安培力增加到等于重力，线圈就做匀速运动，故 B 错误。根据 B 选项分析，故 C 正确。在 ab 边刚进入磁场时，如果重力小于安培力，加速度向上，线圈进入磁场是减速运动，当安培力减小到等于重力，线圈就做匀速运动，故D 正确。故选 ACD。11 0.22 0.49【解析】a、由于中间还有四个点没有画出，所以相邻两个计数点之间的时间间隔是 0.1s，利用中点时刻的速度等于平均速度可知 3=2+32=0.0191+0.024020.1=0.22/利用 可解的： =2 =2=0.0240.0
15、1910.01=0.49/2故本题答案是： 。0.22/;0.49/212 A C C 2【解析】(1)由图示电路图可知，电压表有分流作用，流过电源的电流大于电流表示数，电压表分流是造成实验误差的原因，为减小实验误差，应减小电压表分流对实验的影响，应选择内阻较大的电压表，因此电压表应选择 A；通 过 电 路 的 最 大 电 流 约 为 ： ， 则 电 流 表 应 选 择=1+2+= 310+5+2+20.15=150C；(2) 分析电路可知，滑片右移电压表示数变大，则说明滑动变阻器接入电路部分阻值增大，而A 项中两导线均接在金属柱的两端上，接入电阻为零；而 B 项中两导线接在电阻丝两端，接入电
16、阻最大并保持不变；C 项中一导线接在金属杆左端，而另一导线接在电阻丝左端，则可以保证滑片右移时阻值增大；而 D 项中导线分别接右边上下接线柱，滑片右移时，接入电阻减小，故 D 错误；(3)由图示电路图可知， 电源电动势： ，则： ，UI 图象的斜=+(+2) =(+2)率： ，电源内阻： ；=2+ =2令 U=0，则有： ，由题意可知，图象与横轴截距为 a， 则有： ，解得：=2+= =。=13（1）75N（2）0.25（3） 0.5J【解析】 (1)滑块受到水平推力 F. 重力 mg 和支持力 FN 而处于平衡状态，由平衡条件可知，水平推力 F=mgtan，代入数据得：F=7.5N。(2)设
17、滑块从高为 h 处下滑，到达斜面底端速度为 v，下滑过程机械能守恒，故有：mgh= ，解得 v= =2m/s； 122 2滑块滑上传送带时的速度小于传送带速度，则滑块在传送带上由于受到向右的滑动摩擦力而做匀加速运动；根据动能定理有：mgL=1220122代入数据得： =0.25(3)设滑块在传送带上运动的时间为 t，则 t 时间内传送带的位移为： x=v0t对物体有：v 0=vatma=mg滑块相对传送带滑动的位移为： x=Lx相对滑动产生的热量为：Q=mg x代值解得：Q=0.5J14（1）ba（2）U=3.2V （3）0.4N【解析】由右手定则判断出感应电流方向，由 E=BLv 求出感应电
18、动势，由欧姆定律求出电压；由安培力公式求出安培力，由平衡条件求出外力；解：（1）由右手定则：导体棒 ab 中感应电流的方向：从 ba；（2）由法拉第电磁感应定律可知 E=BLv解得 E=4V根据闭合电路欧姆定律 =+解得 I=0.8A根据欧姆定律 U=IR解得 U=3.2V（3） =BIL安解得 F=0.4N导体棒 ab 匀速运动，F= =0.4N。安 15（1） （2）=2 =2+23【解析】(1)作出轨迹，粒子圆周轨迹与磁场上边界相切，由几何关系得： =由牛顿运动定律得： 0=解得： =2(2)粒子释放后在电场中匀加速，由动能定理得： =122在电场中的直线加速： =21在磁场中做匀速圆周运动： =2又 2=22=1+2解得: 。=2+23
