1、2017-2018 学 年 好 教 育 云 平 台 6 月 份 内 部 特 供 卷物 理 （ 四 ）注 意 事 项 ：1 答 题 前 ， 先 将 自 己 的 姓 名 、 准 考 证 号 填 写 在 试 题 卷 和 答 题 卡 上 ， 并 将 准 考 证 号 条 形 码粘 贴 在 答 题 卡 上 的 指 定 位 置 。2 选 择 题 的 作 答 ： 每 小 题 选 出 答 案 后 ， 用 2B 铅 笔 把 答 题 卡 上 对 应 题 目 的 答 案 标 号 涂 黑 ，写 在 试 题 卷 、 草 稿 纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。3 非 选 择 题 的 作 答 ：
2、用 签 字 笔 直 接 答 在 答 题 卡 上 对 应 的 答 题 区 域 内 。 写 在 试 题 卷 、 草 稿纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。4 考 试 结 束 后 ， 请 将 本 试 题 卷 和 答 题 卡 一 并 上 交 。（一）第一部分：必做题（计 85 分）一、选择题（本大题共 10 小题，每小题 4 分，共 40 分。在每小题给出的四个选项中，第 16 题只有一项符合题目要求，第 710 题有多项符合题目要求。全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。 ）1在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用。
3、下列叙述符合史实的是（ ）A. 库伦在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电与磁之间存在必然的联系B. 法拉第在实验中观察到，通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流C. 安培发现通电导线在磁场中会受到力的作用D. 法拉第在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化【答案】 C【解析】奥斯特首先在实验中观察到电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系，故 A 错误；法拉第在实验中观察到，在通有变化电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流，从而发现了电磁感应现象，故 B 错误；安培发现通电导线在磁场中会受到力的作用
4、，故 C 正确；楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故 D 错误。所以 C 正确，ABD 错误。2如图所示，一个闭合三角形导线框 ABC 位于竖直平面内，其下方略靠前固定一根与线框平面平行的水平直导线，导线中通以图示方向的恒定电流释放线框，它由实线位置下落到虚线位置未发生转动，在此过程中A. 线框中感应电流方向依次为顺时针 逆时针B. 线框的磁通量为零时，感应电流却不为零C. 线框所受安培力的合力方向依次为向上 向下 向上D. 线框所受安培力的合力为零，做自由落体运动【答案】 B【解析】根据右手定则，通电直导线的磁场在上
5、方向外，下方向里；离导线近的地方磁感应强度大，离导线远的地方磁感应强度小。线框从上向下靠近导线的过程，向外的磁感应强度增加，根据楞次定律，线框中产生顺时针方向的电流；穿越导线时，上方向外的磁场和下方向里的磁场叠加，先是向外的磁通量减小，之后变成向里的磁通量，并逐渐增大，直至最大；根据楞次定律，线框中产生逆时针方向的电流。向里的磁通量变成最大后，继续向下运动，向里的磁通量又逐渐减小，这时的电流新方向又变成了顺时针，A 错误；根据 A 中的分析，穿越导线时，上方向外的磁场和下方向里的磁场叠加，先是向外的磁通量减小，一直减小到 0，之后变成向里的磁通量，并逐渐增大。这一过程是连续的，始终有感应电流存
6、在，B 正确；根据楞次定律，感应电流始终阻碍线框相对磁场的运动，故受安培力的方向始终向上，不是 0，CD 错误。3如图所示，为一交流电流随时间变化的图象，则此交流的有效值为A3A B C D【答案】 D【解析】由图象可知此交变电流的周期是 2s。设交流电电流的有效值为 I，周期为 T，电阻为R。则 ，解得 ，故 D 正确4如图所示。绕在铁芯上的线圈与电源、滑动变阻器和开关组成闭合回路。在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜环 不计铁芯和铜环 A 之问的摩擦。则下列情况中铜环 A 会向右运动的是A. 线圈中通以恒定的电流B. 通电时，使滑动变阻器的滑片 P 向右匀速移动C. 通电时，使滑动变阻器的滑片
7、 P 向左加速移动D. 将开关突然断开的瞬间【答案】 C【解析】线圈中通以恒定的电流时，线圈产生稳恒的磁场，穿过铜环 A 的磁通量不变，没有感应电流产生，环 A 不动，A 错误；通电时，使变阻器的滑片 P 作向右匀速滑动时，变阻器接入电路此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 好教育云平台 内部特供试卷 第 3 页（共 14 页） 好教育云平台 内部特供试卷 第 4 页（共 14 页）的电阻增大，回路中电流减小，线圈产生的磁场减小，穿过铜环 A 磁通量减小，产生感应电流的磁场方向与原磁场的方向相同，二者相互吸引，故 A 向左运动，B 错误；通电时，使变阻器的滑片 P作左加速滑动时
8、，变阻器接入电路的电阻减小，回路中电流增大，线圈产生的磁场增强，穿过铜环A 磁通量增大，产生感应电流。感应电流的磁场方向与原磁场的方向相反，二者相互排斥，环 A 向右运动，C 正确；将电键突然断开的瞬间，线圈产生的磁场从有到无消失，穿过铜环 A 的磁通量减小，产生感应电流的磁场方向与原磁场的方向相同，二者相互吸引，故 A 向左运动，D 错误。5截面积 S=0.5m2，n=100 匝的圆形线圈，处在如图甲所示的磁场内，磁场方向与线圈平面垂直，磁感应强度 B 随时间 t 变化的规律如图乙所示，已知电路中 R=3，C=10F ，线圈电阻r=2，导线电阻忽略不计， t=0 时刻磁场方向垂直线圈平面向里
9、，则有（ ）A. 电容器两端电压为 10VB. 通过电阻 R 的感应电流大小为 20AC. 通过电阻 R 的电流方向为 b-R-aD. 电容器所带的电荷量 610-5C【答案】 D【解析】A、由图像乙可知：根据法拉第电磁感应定律：根据闭合电路欧姆定律，可以得到：根据欧姆定律可知电阻 R 两端电压为：由于电容器与电阻 R 并联，则可知电容器两端电压为则电容器带电量为： ，故选项 AB 错误，D 正确；C、根据题意，在 磁场方向垂直纸面向里并且减弱，根据楞次定律可知，通过电阻的电流方向为： ；在 磁场方向垂直纸面向外并且增强，根据楞次定律可知，通过电阻的电流方向为： ，故选项 C 错误。6如图所示
10、，电源电动势为 E,其内阻 r 不可忽略， 是完全相同的灯泡，线圈 L 的直流电阻不计，电容器的电容为 C.下列说法正确的是（ ）A. 刚接通开关 S 的瞬间， 立即亮， 逐渐变亮B. 合上开关 S,电路稳定后，灯泡 的亮度相同C. 电路稳定后在断开 S 的瞬间，通过灯泡 的电流方向向右D. 电路稳定后在断开 S 的瞬间，通过灯泡 的电流为零【答案】 C【解析】A、刚接通开关 S 的瞬间，线圈中电流要增大，则出现自感电动势，L 1 立即亮，L2 逐渐变亮，故 A 错误；B、合上开关 S，当电路稳定后，由于线圈的直流电阻为零，当则灯泡 L1 被短路，故 B 错误；C、当断开 S 的瞬间，线圈中电
11、流要减小，则出现自感电动势，通过灯泡 L1 的电流方向向右，故 C 正确；D、断开 S 的瞬间，电容器也要放电，则灯泡 L2 慢慢熄灭，故 D 错误；7如图所示，一个质量为 0.1 g、电荷量为 的小滑块（可视为质点） ，放在倾角为=30的光滑绝缘斜面顶端，斜面置于 B =0.5T 的匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，小滑块由静止开始沿斜面滑下，小滑块运动一段距离后离开斜面，取 。则（ ）A. 小滑块带正电B. 小滑块带负电C. D. 小滑块离开斜面的瞬时速率为 2m/s【答案】 AC【解析】由题意可知：小滑块受到的洛伦兹力垂直斜面向上。根据左手定则可得：小滑块带正电，故 A 正确，B 错误；
12、由题意知，当滑块离开斜面时，则有： ，解得：，故 D 错误；在小球离开斜面之前，小球沿斜面的方向的合力始终等于重力的分力，所以一直做匀加速直线运动，即 ，解得： ，由 ，解得：，故 C 正确，故选 AC。8一台理想变压器的原、副线圈的匝数比是 5:1，原线圈接人电压的瞬时值表达式为 u=220sin l00t(V)的正弦交流电，一个阻值 R=100 的电阻接在副线圈上，如图所示。电压表和电流表均为理想交流电表，则下列说法正确的是（ ）A. 副线圈两端的电压为 44 VB. 电流表的示数为 0. 062 AC. 电阻 R 消耗的功率为 9. 68 WD. 通过电阻 R 的电流方向每秒改变 50
13、次【答案】 BC【解析】原线圈接入电压的瞬时值表达式为 ，则 ，根据变压器原理可知副线圈两端的电压为 ， A 错误；副线圈的电流强度，根据变压器原理可得 ，B 正确；电阻 R 消耗的功率为，C 正确；，该交流电的频率为 ，每转电流方向改变两次，所以通过电阻 R 的电流方向每秒改变 100 次，D 错误9在一小型交流发电机中，矩形金属线圈 abdc 的面积为 S，匝数为 n，线圈总电阻为 r，在磁感应强度为 B 的匀强磁场中绕 轴以角速度 匀速转动如图甲所示，产生的感应电动势 e 随时间 t的变化关系如图乙所示，矩形线圈与阻值为 R 的电阻构成闭合电路，下列说法中正确的是A. 从 到 这段时间穿
14、过线圈磁通量的变化量为零B. 从 到 这段时间通过电阻 R 的电荷量为C. 时刻穿过线圈的磁通量变化率大小为D. 时刻电阻 R 的发热功率为【答案】 BD【解析】 由于磁通量是双向标量，在 到 这段时间穿过线圈磁通量的变化量不为零，为，A 错误；通过电阻的电荷量 ， ，所以 到 这段时间通过电阻 R 的电荷量 ，B 正确；由于 时刻感应电动势最大，即磁通量变化率最大，根据可得磁通量变化率为 ，C 错误；求功率时需用有效值，所以 ，所以电流的发热功率为 ，D 正确10如图所示，一个质量为 m 的带负电小球（电荷量为q）以速度 v0 从距地面高为 h 的光滑水平平台上射入竖直向上的匀强磁场中（磁场
15、紧靠平台右边缘） ，以地面上水平同右为 x轴正方问，垂直纸面向里为 y 轴正方向、平台右边缘飞出点在地面上的投影为原点建立坐标系，小球的落地点的坐标为（0,h)，重力加速度为 g，那么( ）A. 经时间 2hgt小球落地B. 磁场的磁感应强度的大小为 q2hmgB。C. 小球的射入速度大小 0vD. 小球的落地速度大小为 02gh【答案】 ABC【解析】因为竖直方向只受重力，所以下活的时间 ，小球在水平面内做匀速圆周运动，2htg且只运动了半周所以半径 ，所以 ， ， ，落12Rh2hmtgqBq02mgvqh地速度大小为 ，所以 A、B、C 正确，D 错误。故选 ABC.20vg二、实验题（
16、每空 2 分，共 10 分）11如图所示，在图（1）中，G 为指针在中央的灵敏电流表，连接在直流电路中时的偏转情况，今使它与一线圈串联进行电磁感应实验，则图（2）中的条形磁铁的运动方向是_（填“向上”或“向下”） ；图（3）中电流计的指针将向 _ （填 “向左” 或“向右”）偏转；图（4）中的条形磁铁上端为_ （填“N” 或“S” ）极。 【答案】 向下插入 右 N【解析】从图（1）中可知电流从电流计的正接线柱流入时，指针向左偏；图（2）电流计向左偏转，说明电流从正接线柱流入，线圈中的电流盘旋而下，根据楞次定律知，条形磁铁向下插入；图（3）当条形磁铁 N 极向下插入时，通过线圈向下的磁通量增大
17、，线圈中的电流应盘旋而上，从负接线柱流入电流计，所以指针向右偏转；图（4）中可知指针向右偏，则线圈中的电流应盘旋而上，由安培定则可知，感应磁场方向向上条形磁铁向上拔出，即磁通量减小，由楞次定律可知，那么下端为 S 极，由上端为 N 极12如图 1 所示为某一热敏电阻（电阻值随温度的改变而改变，且对温度很敏感）的 IU 关系曲线图。好教育云平台 内部特供试卷 第 7 页（共 14 页） 好教育云平台 内部特供试卷 第 8 页（共 14 页）（1）为了通过测量得到如图 1 所示 IU 关系的完整曲线，在图 2 所示的 a 和 b 两个电路中应选择的是图_；（2）在图 c 所示的电路中，电源电压恒为
18、 9 V，当给热敏电阻加热后，电流表读数将_（填“ 增大”“减小” 或 “不变”）【答案】 a 增大【解析】（1）图中要求测量多组数据，所测电压调节范围较大，且从零开始变化，所以应选用滑动变阻器的分压式接法，故应选图 a 正确；（2）热敏电阻温度升高时，其电阻值减小，故电流表读数将增大。三、计算题（13 题 8 分，14 题 12 分，15 题 15 分，共 35 分）13面积 、n = 100 匝的圆形线圈，处在如图所示的磁场内，磁感应强度随时间 t 变化的规律是 B = 0.02t，R = 3， C = 30F，线圈电阻 r = 1，求：（1）通过 R 的电流大小和方向（2）电容器的电荷量
19、。【答案】 （1）0.1A，方向从 b 指向 a；（2） .【解析】（1）由法拉第电磁感应定律可得出线圈中的电动势，则由欧姆定律可求得通过 R 的电流；由楞次定律可求得电流的方向；（2）电容器与 R 并联，则可求得电容器两端的电压，由电容器的定义可求得电荷量（1）由法拉第电磁感应定律可得：则电路中电流由题意知线圈中的磁通量增大，则由楞次定律可得线圈电流方向为逆时针，故 R 中电流方向从 b 指向 a；（2）由欧姆定律可得：R 两端的电压 U=IR=0.3V则电容器的电量14有一台内阻为 发电机，供给一学校照明用，如图所示，升压比为 1：4，降压比为4：1，输电线的总电阻 ，全校共 22 个班，
20、每班有“220V,40W”灯 6 盏，若保证全部电灯正常发光，则：(1)发电机输出功率多大？(2)发电机电动势多大？(3)输电效率是多少？【答案】(1) 5424W；(2) 250V； (3)97.3%【解析】根据用户端所有灯泡消耗的电功率得出降压变压器的输出功率，根据 P=UI 求出降压变压器副线圈的电流，结合电流比等于匝数之反比求出输电线上的电流，根据输电线上的功率损失，抓住降压变压器的输入功率求出发电机的输出功率；得出输电线上的电压损失根据降压变压器的输出电压，结合匝数比得出降压变压器的输入电压，通过电压损失得出升压变压器的输出电压，从而通过匝数比得出输入电压，结合升压变压器原线圈中的电
21、流，根据闭合电路欧姆定律求出发电机的电动势；根据用户得到的功率与电源的输出功率之比求解输电效率（1）降压变压器的输出功率为：降压变压器副线圈的电流为： 由 ，得降压变压器原线圈的电流为： 输电线损失的功率为 所以输入功率为：（2）降压变压器原线圈电压为：输电线上损失的电压为：则发动机的输出电压为：所以发电机原线圈电压为 根据电流与匝数成反比知发电机原线圈中电流为：发电机内阻分压电动势为： （3）用户获得的实际功率为则输电效率为：15如图所示的直角坐标系 xOy 中，在第一象限和第四象限分别存在垂直纸面向外和向里的匀强磁场，PQ 是磁场的右边界，磁场的上下区域足够大，在第二象限存在沿 x 轴正方
22、向的匀强电场，一个质量为 m，电荷量为 q 的带电粒子从 x 轴上的 M 点以速度 v0 垂直于 x 轴沿 y 轴正方向射入电场中，粒子经过电场偏转后从 y 轴上的 N 点进入第一象限，带电粒子刚好不从 y 轴负半轴离开第四象限， 最后垂直磁场右边界 PQ 离开磁场区域，已知 M 点距离原点 O 的距离为 ,N 点距离原点 O 的距离为 ，第一象限的磁感应强度满足 ，不计带电粒子的重力，求：（1）匀强电场的电场强度为多大？（2）第四象限内的磁感应强度多大？（3）若带电粒子从进入磁场到垂直磁场右边界离开磁场，在磁场中运动的总时间是多少？【答案】(1) (2) (3) 【解析】试题分析（1）根据带
23、电粒子在电场中做类平抛运动的规律即可求解电场强度；（2）根据题意画出带电粒子的运动轨迹图，根据带电粒子在有界匀强磁场运动的特点即可求第四象限的磁感应强度；（3）求带电粒子在两个磁场运动的周期和圆心角，即可求出带电粒子在磁场中运动的总时间。（1）设带电粒子在电场中运动的加速度为 a根据牛顿第二定律得：粒子沿 y 轴方向：粒子沿 x 轴方向：解得：（2）粒子沿 x 轴方向匀加速运动，速度进入磁场时与 y 轴正向夹角解得进入磁场时速度大小为其运动轨迹，如图所示在第一象限由洛伦兹力提供向心力得： 解得： 由几何知识可得粒子第一次到达 x 轴时过 A 点，因 ON 满足： ，所以 NA 为直径。带电粒子
24、刚好不从 y 轴负半轴离开第四象限，满足： ，解得根据： ，解得： （3）带电粒子到达 D 点时，因为F 点在 H 点的左侧，带电粒子不可能从第一象限垂直磁场边界离开磁场带电粒子在第一象限运动周期带电粒子在第四象限运动周期 带电粒子在磁场中运动时间满足好教育云平台 内部特供试卷 第 11 页（共 14 页） 好教育云平台 内部特供试卷 第 12 页（共 14 页）解得： （n0，1，2，3） （二）选做题:5+10=15 分。 （请考生从给出的 2 道物理题、任选一题作答，在答题卡选大区域指定位置答题。多答则按所答的第一题评分。)选修 3-3：16(1) 根据热力学知识。下列说法正确的是_。
25、（三个选项全部选对，得 5 分，每选对一个得 2 分，每选错一个扣 3 分，扣到 0 分为止）A 当 （ 平 衡 距 离 )时 随 着 分 子 间 距 增 大 ， 分 子 间 的 引 力 增 大 ， 斥 力 减 小 ， 所 以 合 力 表 现 为 引力B热量可以从低温物体传到高温物体C有些物质，在适当的溶剂中溶解时，在一定浓度范围具有液晶态D空气相对湿度越大时空气中水蒸气压强越接近饱和汽压，水蒸发越快E夏天中午时车胎内的气压比清晨时的高，且车胎体积增大，则胎内气体对外界做功，内能增大( 胎内气体质量不变且可视为理想气体)【答案】BCE【解析】当 （平衡距离)时随着分子间距增大，分子间的引力减小
26、，斥力减小，合力表现为引力，选项 A 错误；根据热力学第二定律可知，热量可以从低温物体传到高温物体，但要引起其它变化，选项 B 正确；当有些物质溶解达到饱和度时，会达到溶解平衡，所以有些物质在适当溶剂中溶解时在一定浓度范围内具有液晶态，故 C 正确；空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近饱和汽压，水的蒸发越慢，选项 D 错误；夏天中午时车胎内的气压比清晨时的高，且车胎体积增大，则胎内气体对外界做功，因中午温度升高，则内能增大，选项 E 正确；故选 BCE.(2)如图所示，厚度不计、高 h=90cm、截面积 S=20cm2 且导热良好的气缸置于水平地面上，用厚度不计的轻质活塞封闭了一定量的理
27、想气体，此时气柱长度 l0=60cm，现将质量 m=4kg 的物块轻放于活塞上，最终活塞重新达到平衡状态。已知活塞与气缸间接触光滑，外界大气压强 p0=1105Pa，环境温度始终不变，重力加速度 g=10m/s2，求：（）活塞因放置物块而下降的距离；（）现通过气阀缓慢向气缸内充气，每次充入 0.18L 压强为 1105Pa 的气体，若要活塞不滑出气缸，则最多可充气多少次。【答案】 （1）10cm（2）5 次【解析】试题分析：第一个过程中，对活塞受力分析，可求末态压强，气体发生等温变化，可求活塞因放置物块而下降的距离；充气过程中，以气缸中的气体及要充入的气体为研究，根据气态方程可求充气次数（i）
28、放置物块后，活塞再次达到平衡时，由平衡条件得解得 p1=1.2105Pa气体发生等温变化解得 l1=50cm活塞因放置物块而下降的距离为 （i i）充气过程由分态方程得 解得 最多可充气 5 次选修 3-4：17(1) 一列简谐横波在某均匀介质中沿 x 轴传播，从 x3 m 处的质点 a 开始振动时计时，图甲为 t0 时刻的波形图且质点 a 正沿 y 轴正方向运动，图乙为质点 a 的振动图象，则下列说法中正确的是_。 （三个选项全部选对，得 5 分，每选对一个得 2 分，每选错一个扣 3 分，扣到 0 分为止）A. 该波的频率为 2.5 HzB. 该波的传播速率为 200 m/sC. 该波是沿
29、 x 轴负方向传播的D. 从 t0 时刻起，质点 a、b、c 中，质点 b 最先回到平衡位置E从 t0 时刻起，经 0.015 s 质点 a 回到平衡位置【答案】BDE【解析】A、由图可知该波的周期为 0.04s，波的频率为 125ZfHT，故 A 错误；B、该波的传播速率 8/20/.4vmssT，故 B 正确；C、由图，a 点在 t0 时刻速度方向向上，故波向 x 轴正方向传播，故 C 错误；D、从 t0 时刻起，质点 a、b、c 中，质点 a 沿 y 轴正方向运动，质点 b 沿 y 轴正方向运动，质点 C沿 y 轴负方向运动，故质点 b 最先回到平衡位置，故 D 正确；E、从 t0 时刻
30、起，质点 a 回到平衡位置时间为 0.1584Tts，故 E 正确；故选 BDE。(2)如图所示，截面为直角三角形 ABC，B=30 ，斜边 AB=a。棱镜材料的折射率为 。在此截面所在的平面内，一条光线在距 A 点为处的 M 点垂直 AC 射入棱镜，不考虑光线在 AC 面的反射，光线从棱镜的 BC 边的 P 点射出（P 点未标出） 。求：（1）光从棱镜射出时的射出点 P 距 B 多远；（2）从 P 点射向空气的光的方向。【答案】 （1） （2）见解析【解析】试题分析（1）由几何知识求出光从棱镜第一次射出时的射出点与 B 点间的距离 （2）通过分析判断光在 P 点能否发生全反射，从而判断从 P 点射向空气的光的方向。（1）作出光路图，如图所示由图可知光线在 N 点的入射角 ，设发生全反射的临时界角为 C，则 ，得 由图可知，光在 N 点全反射， ，故光在 P 点的入射角为 30. 设在 P 点的折射角为 ，有 ，解得 由几何关系知 ， ， 在三角形 QPB 中有 ，故 （2）光在 P 点处折射角为 45，光线经反射后入射到 AB 面的 Q 点，恰好与 AB 面垂直，故经过Q 点再次反射的光线回到 P 点，再次折射，入射角仍为 30，有 。综上所述：有两束光从 P 点射出，分别为与 BC 面成 45斜向右上、与 BC 面成 45斜向左上
