1、云南省玉溪市华培教育集团 2018-2019 学年期中联考卷高二物理1.将一根粗细均匀、阻值为 R 的电阻丝均匀拉长到原来的 5 倍后，其电阻变为 250，则R 的阻值为（ ）A. 10 B. 50 C. 1250 D. 6250【答案】A【解析】根据 得,长度变为原来的 5 倍,截面积变为原来的 ,所以电阻变为原来 25 倍,所以R=10,故 A 正确综上所述本题答案是：A2.当导体达到静电平衡时，场强方向的特征是( )A. 外电场 E0 消失B. 感应电荷产生的附加电场 E为零C. 导体内部的合电场 E 为零D. 导体表面和内部的合电场均为零【答案】C【解析】【详解】导体在电荷 q 的电场
2、中处于静电平衡状态时，在导体内部任意一点，感应电荷产生的附加电场的场强与电荷 q 产生的场强与大小相等，方向相反，此时导体的内部场强处处为 0，电荷只分布在导体的外表面，且整个导体是一个等势体；故 ABD 错误，C 正确。故应选 C。3. 如图所示，把一个带正电的小球放入原来不 带电的金属空腔球壳内，其结果可能是（ ）A. 只有球壳外表面带正电B. 只有球壳内表面带正电C. 球壳的内、外表面都带正电D. 球壳的内表面带正电，外表面带负电【答案】A【解析】试题分析：把一个带正电的小球放入原来不带电的金属空腔球壳内，则金属壳上带负电的电子与带正电的小球中和，由于同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，
3、所以内表面不带电，外表面剩余了正电荷，外表面带正电，故 A 正确，BCD 错误。考点：静电场中的导体【名师点睛】带正电的物体是因为缺少电子，带负电的物体是因为有多余的电子，当带电体接触不带电的金属空腔球壳时，电子发生转移；本题考查感应带电的实质：电子从导体的一部分转移到另一部分。4.如图所示，在竖直向上的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细绳的一端系着一个带电小球，另一端固定于 0 点，小球在竖直平面内做匀速圆周运动，最高点为 a，最低点为 b不计空气阻力，则（）A. 小球所受合力为零B. 电场力跟重力平衡C. 小球在从 a 点运动到 b 点的过程中，电势能减小D. 小球在运动过程中机械能守恒【答
4、案】B【解析】试题分析：小球在竖直平面内做匀速圆周运动，受到重力、电场力和细绳的拉力，电场力与重力必定平衡，可判断小球的电性由电场力做功情况，判断电势能的变化机械能守恒的条件是只有重力做功解：A、B 据题小球在竖直平面内做匀速圆周运动，受到重力、电场力和细绳的拉力，电场力与重力平衡，则知小球带正电故 A 错误，B 正确C、小球在从 a 点运动到 b 点的过程中，电场力做负功，小球的电势能增大故 C 错误D、由于电场力做功，所以小球在运动过程中机械能不守恒故 D 错误故选 B【点评】本题的解题关键是根据质点做匀速圆周运动的条件，判断电场力与重力的关系，确定出小球的电性5.如图所示，+Q 1和-Q
5、 2是两个可自由移动的电荷，且 Q2=4Q1现再取一个可自由移动的点电荷 Q3放在 Q1与 Q2连接的直线上，欲使整个系统平衡，那么（ ）A. Q3应为负电荷，放在 Q1的左边B. Q3应为负电荷，放在 Q2的右边C. Q3应为正电荷，放在 Q1的左边D. Q3应为正电荷，放在 Q2的右边【答案】A【解析】试题分析：三个自由电荷处于平衡状态的条件为“两同夹异、两大夹小、近小远大、三点共线” ，A 正确。考点：本题考查库仑定律。6. 如图所示，匀强电场中，A、B、C 三点构成一边长为 a 的等边三角形，电场强度方向平行于纸面，现有一电子，在电场力作用下，由 A 至 C 动能减少 W，而质子在电场
6、力作用下，由 A 至 B 动能增加 W，则该匀强电场 E 的大小和方向的判断正确的是A. ，方向垂直 BC 并由 A 指向 BCB. ，方向垂直 BC 并由 A 指向 BCC. ，方向垂直 AC 并由 B 指向 ACD. ，方向垂直 AB 并由 C 指向 AB【答案】A【解析】试题分析：根据动能定理得：AC 过程： ，得 A、C 间电势差为 ，则 ；AB 过程： ，得 A、B 间电势差为 ，则 ，所以；由于 ， ，可知，B、C 两点电势相等，根据电场线与等势线垂直，由高电势处指向低电势处，则得知，电场强度 E 的方向垂直 BC 并由 A 指向BC又 ，解得： 考点：考查了电场力做功，电势能【名
7、师点睛】本题根据动能定理求出电势差，找出等势点，根据电场线与等势面之间的关系判断电场强度的方向，是经常采用的思路7.某同学完成了电压表的改装后，将改装后的电压表和标准电压表并联，然后接入电路进行测量，发现改装表的示数总比标准表的示数小，为了校准改装表，应( )A. 增大改装表的串联电阻B. 减小改装表的串联电阻C. 用一个电阻与标准表串联D. 用螺丝刀调整改装表的调零螺丝【答案】B【解析】【详解】电压表的示数偏小，说明通过改装表的电流过小，所串联的电阻阻值 R= -Rg 太大，应减小串联电阻的阻值，故 B 正确。故选 B。8. 在如图所示的电路中，电阻 R=2.0，电源的电动势 E=3.0V，
8、内电阻 r=1.0闭合开关 S后，通过电阻 R 的电流为（ ）A. 1.0A B. 1.5A C. 2.0A D. 6.0A【答案】A【解析】解：闭合开关 S 后，根据闭合电路欧姆定律得：电路中的电流为：I= = A=1A，则电流表的示数为 1A故选：A【点评】本题是简单的直流的计算问题，关键要掌握闭合电路欧姆定律，并用来求解实际问题9.如图所示，电子在电势差为 U1 的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为 U2 的两块平行极板间的电场中，入射方向跟极板平行。整个装置处在真空中，重力可忽略，在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏移量 y 变大的是（ ）A. U
9、1 变大，U 2 变大B. U1 变小，U 2 变大C. U1 变大，U 2 变小D. U1 变小，U 2 变小【答案】B【解析】试题分析：根据动能定理： ，得：在偏转电场中 ， ， ， ，若使偏转角变大即使 变大，由上式看出可以增大 减小 ，故选项 B 正确。考点：带电粒子在匀强电场中的运动【名师点睛】本题是带电粒子先加速后偏转问题，电场中加速根据动能定理求解获得的速度、偏转电场中类平抛运动的研究方法是运动的分解和合成。10.在电场中某点放一试探电荷，其电荷量为 q，试探电荷受到的静电力为 F，则该点的电场强度为 ，那么下列说法中正确的是( )A. 若移去试探电荷 q，该点的电场强度就变为零
10、B. 若在该点放一个电荷量为 2q 的试探电荷，该点的电场强度就变为C. 若在该点放一个电荷量为2q 的试探电荷，则该点的电场强度大小仍为 E，但电场强度的方向与原来相反D. 若在该点放一个电荷量为 的试探电荷，则该点的电场强度的大小仍为 E，电场强度的方向也还是原来的电场强度的方向【答案】D【解析】试题分析：电场中的电场强度与放入电场中的电荷无关，无论有无放入检验电荷、检验电荷的电量如何，电场强度的大小及方向均不变故 D 正确，ABC 错误故选 D。考点：电场强度【名师点睛】本题考查对电场强度概念的理解；解决本题的关键知道电场中的电场强度与放入电场中的电荷无关，有本身性质决定。11.关于电势
11、，下列说法正确的是 ( )A. 电场中某点的电势，其大小等于单位正电荷由该点移动到零电势点时，电场力所做的功B. 电场中某点的电势与零电势点的选取有关C. 由于电势是相对的，所以无法比较电场中两点的电势高低D. 电势是描述电场能的性质的物理量【答案】ABD【解析】【分析】电势是描述电场能的性质的物理量；电势是相对的，是相对于零电势点而言的，而电势差是绝对的；【详解】A、根据电势的定义可知，电场中某点的电势，其大小等于单位正电荷从该点移动到零电势点时，静电力所做的功，故 A 正确；B、电势是相对的，是相对于零电势点而言的，电场中某点电势与零电势点的选取有关，故 B 正确；C、电势是相对的，是相对
12、于零电势点而言的，电场中某点电势与零电势点的选取有关，而电场中某两点间的电势差与零电势点选取无关，任意选取 0 势能点都可以比较电场中两点的电势高低，故 C 错误；D、根据电势的物理意义可知，电势是描述电场能的性质的物理量，故 D 正确。【点睛】本题要理解电势的相对性和电势差的绝对性，运用类比的方法分析电势、电势差与零电势点的关系。12.如图所示，真空中两等量异号点电荷 Q1、Q2 固定在 x 轴上，其中 Q1 带正电三角形acd 为等腰三角形，cd 边与 x 轴垂直且与 x 轴相交于 b 点，则下列说法正确的是( )A. a 点电势高于 b 点电势B. a 点场强小于 b 点场强C. 将电子
13、从 a 点移动到 b 点，电势能减少D. 将电子从 a 点移动到 c 点，电场力做正功【答案】CD【解析】A、真空中两等量异号点电荷 Q1、Q2 固定在 x 轴上，故 ab 连线上电场线从 b 指向 a，沿着电场线电势降低，故 b 点的电势大于 a 点电势，故 A 错误；B、a 点离电荷近，电场线密集，故 a 点的电场强度大，故 B 错误； C、将电子从 a 点移动到 b 点，电场力向右，做正功，故电势能减小，故 C 正确；D、将电子从 a 点移动到 c 点，电场力向右，做正功，D 正确故选 CD。【点睛】本题关键熟悉等量异号电荷的电场线分布情况，然后根据沿着电场线，电势降低，以及电场力做的功
14、等于电势能的减小量去判断.13. 如图所示电路中，电源电动势 E9 V、内阻 r3 ，R15 ，下列说法中正确的是 （ ）A. 当 S 断开时，U AC9 VB. 当 S 闭合时，U AC9 VC. 当 S 闭合时，U AB75 V，U BC0D. 当 S 断开时，U AB0，U BC0【答案】AC【解析】当 S 断开时，U AB与 UBC为路端电压，等于电源电动势，A 正确，D 错误；当 S 闭合时，UACU AB R7.5 V，U BC I00，B 错误，C 正确14. 关于物理学研究中使用的主要方法,以下说法错误的是A. 在用实验探究加速度、力和质量三者之间的关系时，应用了控制变量法B.
15、 在利用速度-时间图象推导匀变速直线运动的位移公式时，使用的是微元法C. 用点电荷代替带电体,应用的是模型法D. 伽利略在利用理想实验探究力和运动的关系时，使用的是实验归纳法【答案】D【解析】本题考查的是对物理研究的方法的理解。D 选项不是归纳是演绎。伽利略的斜面理想实验的思维过程：1.现实中小球由斜面滚下来会滚上另一个斜面但不会到等高2.猜想这是由摩擦力导致的，假设光滑，小球会滚到等高的位置3.推理小球是想寻求一个等高的位置停下来4.若果斜面无限长，小球就要永远运动下去这是个演绎推理的过程，因为只有 1 是现实的，234 都是现实中不可能存在的，而是科学的逻辑推理过程，所以答案选 D。15.
16、热敏电阻是传感电路中常用的电子元件现用伏安法研究热敏电阻在不同温度下的伏安特性曲线(伏安特性曲线是指用电器的电流 I 与所加电压 U 的关系在 UI 坐标中所作出的图线)，要求特性曲线尽可能完整，实验用的原理图如图所示已知常温下待测热敏电阻的阻值约 45 .热敏电阻和温度计插入带塞的保温杯中，杯内有一定量的冷水，其它备用的仪表和器具有：盛有热水的热水杯电源(3 V、内阻可忽略)直流电流表(内阻约 1 )直流电压表(内阻约 5 k)滑动变阻器(020 )开关、导线若干请在空格内填上适当的内容：a往保温杯中加入一些热水，待温度稳定时读出_的值；b调节滑动变阻器，快速读出_的值；c重复 ab，测量不
17、同_下的数据；d绘出各测量温度下热敏电阻的_【答案】 (1). 温度计 (2). 电流表和电压表 (3). 温度 (4). 伏安特性曲线【解析】【详解】由题意可知，本实验是研究热敏电阻在不同温度下的伏安特性曲线，故应测出温度及电流电压值；并多次实验；故实验的步骤应为：a、往保温杯中加入一些热手，待温度稳定时读出温度计的值；b、调节滑动变阻器，快速读出电流表和电压表的值；c、重复以上步骤，测出不同温度下数据；d、绘出不同温度下热敏电阻的伏安特性曲线；16.(1)用多用电表的欧姆挡测量阻值约为几十千欧的电阻 Rx，以下给出的最可能的实现操作步骤，其中 S 为选择开关，P 为欧姆挡调零旋钮把你认为正
18、确步骤前的字母按合理的顺序填写在下面的横线上_a将两表笔短接，调节 P 使指针对准刻度盘上欧姆挡的 0 刻度，断开两表笔b将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出 Rx 的阻值后，断开两表笔c旋转 S 使其尖端对准欧姆挡1 kd旋转 S 使其尖端对准欧姆挡100e旋转 S 使其尖端对准交流 500 V 挡，并拔出两表笔根据如图所示指针位置，此时被测电阻的阻值约为_ .(2)下述关于用多用表欧姆挡测电阻的说法中正确的是_A测量电阻时，如果指针偏转过大，应将选择开关 S 拨至倍率较小的挡位，重新调零后测量B测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C测量电路中的某个电阻，应该把该
19、电阻与电路断开D测量阻值不同的电阻时，都必须重新调零【答案】 (1). (1)c、a、b 、e (2). 30 k (3). (2)AC【解析】试题分析：（1）欧姆表每次使用应该先选档位，然后欧姆调零，最后测量，欧姆表指针指在中间附近时，读数最准确，故即选“1k”挡，欧姆调零，测量读数；最后旋到交流最大挡，防止漏电，故在用红、黑表笔接触这个电阻两端之前，操作步骤必须的是：选档和欧姆调零故有用的操作顺序为：c、a、b、e（2）欧姆表的示数乘以相应档位的倍率即为待测电阻的阻值 30k=310 4（3）测量电阻时如果指针偏转过大，所选挡位太大，应换小挡，应将选择开关 S 拨至倍率较小的档位，重新调零
20、后测量，故 A 正确；测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，故 B 错误；测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开，故 C 正确；用同一挡位测量阻值不同的电阻时不必重新调零，换挡后要重新进行欧姆调零，故 D 错误；故选 AC。考点：欧姆表的使用；【名师点睛】本题考查了欧姆表的使用方法以及测量电阻的步骤，使用欧姆表测量电阻时选档后一定要注意欧姆调零，基础题。视频17. 用螺旋测微器测量某一物体厚度时，示数如图甲所示，读数是_mm。用游标卡尺可以测量某些工件的外径。在测量时，示数如图乙所示，则读数分别为_ mm【答案】1.193mm-1.197mm、11.50mm；【
21、解析】螺旋测微器读数为 （.193mm-1.197mm 都可以）游标卡尺读数为18.如图所示的电路中，电源电动势 E10 V ，内阻 r0.5 ，电动机的电阻 R01.0 ，电阻 R11.5 .电动机正常工作时，电压表的示数 U13.0 V，求：(1)电源的总功率；(2)电动机消耗的电功率和将电能转化为机械能的功率；(3)电源的输出功率和效率.【答案】 （1）20W （2）8W （3）18W【解析】（1）电动机正常工作时，总电流为：则电源释放的电功率为 ；（2）电动机两端的电压为电动机消耗的电功率为：电动机消耗的热功率为： ；根据能量守恒得，电动机将电能转化为机械能的功率为（3）电源的输出功率
22、为效率为 19.在如图所示的电路中，电阻 R1=12，R 2=8，R 3=4当电键 K 断开时，电流表示数为 025A，当 K 闭合时电流表示数为 036A求：（1）电键 K 断开和闭合时的路端 电压 U 及 U？（2）电源的电动势和内电阻？（3）电键 K 断开和闭合时内阻上的 热功率 P 及 P？【答案】 （1）3V 288V （2）36V，12； （3）03W; 0432W；【解析】试题分析：（1）K 断开时，路端电压为 U=I（R 2+R3）=025（8+4）V=3VK 闭合时：U=IR 2=0368V=288V；（2）K 断开时：外电路总电阻K 闭合时，外电路总电阻则断开时有： ， 由
23、带入数据解得：E=36V，r=12；（3）K 断开时： 则 P=I2r=03WK 闭合时： ；则 P=I 2r=0432W；考点：闭合电路的欧姆定律；电功率【名师点睛】此题考查了闭合电路的欧姆定律的应用；对于电路问题，首先要搞清电路的连接方式，有时要画出等效电路基本题。20.水平放置的两块平行金属板长 L5.0 cm，两板间距 d1.0 cm，两板间电压为 90 V 且上板为正.一电子沿水平方向以速度 v02.010 7m/s 从两板中间射入，如图所示，求：(电子电荷量 q1.610 19 C，电子质量 me9.110 31 kg)(计算结果在小数点后保留两位有效数字)(1)电子偏离金属板时的
24、侧位移；(2)电子飞出电场时的速度；(3)电子离开电场后，打在屏上的 P 点，若 s10 cm，求 OP 的长.【答案】(1)y 0510 3 m (2) v2.010 7m/s (3) OP2.510 2 m【解析】（1）电子在电场中的加速度 ，侧位移即竖直方向位移： ，运动时间 ，代入数据解得 .（2）电子飞出电场时，水平分速度 ，竖直分速度 .飞出电场时的速度为 ，代入数据可得： .设 v 与 v0 的夹角为 ，则 ，则： .（3）电子飞出电场后做匀速直线运动：代入数据解得 .21.如图所示，四个电阻阻值均为 R，电键 S 闭合时，有一质量为 m，带电量为 q 的小球静止于水平放置的平行
25、板电容器的中点现打开电键 S，这个带电小球便向平行板电容器的一个极板运动，并和此板碰撞，碰撞过程中小球没有机械能损失，只是碰后小球所带电量发生变化，碰后小球带有和该板同种性质的电荷，并恰能运动到另一极板，设两极板间距离为 d，不计电源内阻，求：（1）电源电动势 E 多大？（2）小球与极板碰撞后所带的电量为多少？【答案】 （1） 、 ；（2）【解析】试题分析: (1)当 S 闭合时，设电容器电压为 U，则有：对带电小球受力分析得：联立解得：(2)断开 S，设电容器电压为 U，则有： UU，则电容器间场强减小，带电小球将向下运动对带电小球运动的全过程，根据动能定理得：联立解得：考点： 动能定理；闭合电路欧姆定律
