1、1（人教）物理 2019高考一轮选练练题（3）及答案李仕才一、选择题1、北京时间 2016年 10月 17日 7时 30分,神舟十一号飞船搭载两名航天员在酒泉卫星发射中心发射升空.10 月 19日凌晨,神舟十一号飞船与天宫二号自动交会对接成功,航天员景海鹏和陈冬入驻天宫二号空间实验室,开始为期 30天的太空驻留生活.已知地球表面的重力加速度 g,地球半径 R,神舟十一号飞船对接后随天宫二号做匀速圆周运动的周期 T及引力常量 G,下列说法中正确的是( D )A.要完成对接,应先让神舟十一号飞船和天宫二号处于同一轨道上,然后点火加速B.若对接前飞船在较低轨道上做匀速圆周运动,对接后飞船速度和运行周
2、期都增大C.由题给条件可求出神舟十一号飞船的质量D.由题给条件可求出神舟十一号飞船对接后距离地面的高度 h解析:若神舟十一号飞船与天宫二号在同一轨道上,神舟十一号飞船受到的万有引力等于向心力,若让神舟十一号飞船加速,其所需要的向心力变大,而此时万有引力不变,所以神舟十一号飞船做离心运动,不能实现对接,故 A错误;根据万有引力提供向心力有 G =m ,即v= ,对接后轨道半径变大,则线速度变小,故 B错误;由题给条件不能求出神舟十一号飞船的质量,故 C错误;根据万有引力提供向心力有 G =m ,其中 r=R+h,又 GM=gR2,得 h=-R,故 D正确.2、正方体空心框架 ABCDA1B1C1
3、D1下表面在水平地面上，将可视为质点的小球从顶点 A在BAD 所在范围内(包括边界)沿不同的水平方向分别抛出，落点都在B 1C1D1平面内(包括边界)不计空气阻力，以地面为重力势能参考平面则下列说法正确的是( )A小球初速度的最小值与最大值之比是 1 2B落在 C1点的小球，运动时间最长2C落在 B1D1线段上的小球，落地时机械能最小值与最大值之比是 12D轨迹与 AC1线段相交的小球，在交点处的速度方向都相同解析：选 D.A、小球落在 A1C1线段中点时水平位移最小，落在 C1时水平位移最大，由几何关系知水平位移的最小值与最大值之比是 12，由 xv 0t，t 相等得小球初速度的最小值与最大
4、值之比是 12，故 A错误；B、小球做平抛运动，由 h gt2得 t ，下落高度12 2hg相同，平抛运动的时间相等，故 B错误；C、落在 B1D1线段中点的小球，落地时机械能最小，落在 B1D1线段上 D1或 B1的小球，落地时机械能最大设落在 B1D1线段中点的小球初速度为 v1，水平位移为 x1.落在 B1D1线段上 D1或 B1的小球初速度为 v2.水平位移为 x2.由几何关系有 x1x 21 ，由 xv 0t，得：v 1v 21 ，落地时机械能等于抛出时的2 2机械能，分别为：E 1mgh mv ，E 2mgh mv ，可知落地时机械能的最小值与最大值12 21 12 2之比不等于
5、12.故 C错误D、设 AC1的倾角为 ，轨迹与 AC1线段相交的小球，在交点处的速度方向与水平方向的夹角为 .则有 tan ，tan ，则 tan yx 12gt2v0t gt2v0 gtv02tan ，可知 一定，则轨迹与 AC1线段相交的小球，在交点处的速度方向相同，故 D正确3、如图所示，倾角为 的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物体 a放在斜劈上，轻质细线一端固定在物体 a上，另一端绕过光滑的滑轮固定在 c点，滑轮 2下悬挂物体 b，系统处于静止状态。若将固定点 c向右移动少许，而 a与斜劈始终静止，则( )A.细线对物体 a的拉力增大B.斜劈对地面的压力减小C.斜劈对物体 a的摩擦力减小
6、D.地面对斜劈的摩擦力增大【答案】AD34、图中虚线 PQ上方有一磁感应强度大小为 B的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外O 是 PQ上一点，在纸面内从 O点向磁场区域的任意方向连续发射速率为 v0的粒子，粒子电荷量为q、质量为 m.现有两个粒子先后射入磁场中并恰好在 M点相遇，MO 与 PQ间夹角为 60，不计粒子重力及粒子间的相互作用，则下列说法正确的是( )A两个粒子从 O点射入磁场的时间间隔可能为2 m3qBB两个粒子射入磁场的方向分别与 PQ成 30和 60角C在磁场中运动的粒子离边界的最大距离为2mv0qBD垂直 PQ射入磁场中的粒子在磁场中的运动时间最长解析：选 AC.明确两粒子在磁
7、场中运动周期和半径，以正粒子为例进行分析，明确转过的角度规律，从而明确粒子的运动情况，根据圆周运动的规律即可明确最大距离和最长时间以粒子带正电为例分析，先后由 O点射入磁场，并在 M点相遇的两个粒子轨迹恰好组成一个完整的圆，从 O点沿 OP方向入射并通过 M点的粒子轨迹所对圆心角为 240，根据带电粒子在磁场中运动周期 T 可知，该粒子在磁场中运动的时间2 mBqt1 ，则另一个粒子轨迹所对圆心角为 120，该粒子运动时间 t21203602 mqB 4 m3qB，可知，两粒子在磁场中运动的时间差可能为 t ，故 A正确；射入磁场方向2 m3qB 2 m3qB分别与 PQ成 30和 60角的两
8、粒子轨迹所对圆心角之和不是 360，不可能在 M点相遇，故 B错误；在磁场中运动的粒子离边界的最大距离为轨迹圆周的直径 d ，故 C正确；2mv0qB4沿 OP方向入射的粒子在磁场中运动的轨迹所对圆心角最大，运动时间最长，故 D错误5、质谱仪是一种测定带电粒子质量和分析同位素的重要工具.图中的铅盒 A中的放射源放出大量的带正电粒子(可认为初速度为零),从狭缝 S1进入电压为 U的加速电场区加速后,再通过狭缝 S2从小孔 G垂直于 MN以 v射入偏转磁场,该偏转磁场是以直线 MN为切线、磁感应强度为 B、方向垂直于纸面向外半径为 R的圆形匀强磁场.现在 MN上的 F点(图中未画出)接收到该粒子,
9、且 GF= R.则该粒子的比荷为(粒子的重力忽略不计)( C )A. B.C. D.解析:带电粒子运动轨迹如图,设粒子加速后获得的速度为 v,由动能定理有,qU= mv2,根据几何关系知,粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨道半径 r= R,又 qvB= ,则 = ,故C正确.6、(多选)如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN 为一根光滑绝缘细杆，放在两电荷连线的中垂线上，a、b、c 三点所在直线平行于两点电荷的连线，且 a与 c关于 MN对称，b点位于 MN上，d 点位于两电荷的连线上下列说法正确的是( )Ab 点场强小于 d点场强Bb 点电势低于 d点电势C试探电荷q 在 a点的电势能小于在
10、 c点的电势能D套在细杆上的带电小环由静止释放后将做匀加速直线运动5解析：选 ABD.在两等量异号电荷连线上，中间点电场强度最小；在两等量异号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度最大；所以 b点场强小于 d点场强，A 正确；MN 是一条等势线，与在两等量异号电荷连线上的点相比较，d 点的电势要高，所以 b点电势低于 d点电势，B正确；因 a点的电势高于 c点的电势，故试探电荷q 在 a点的电势能大于在 c点的电势能，C 错误；MN 上的电场方向垂直 MN指向负电荷，故套在细杆上的带电小环由静止释放后，由于在 MN方向上只受到重力，所以做 MN方向上做匀加速直线运动，D 正确7、(2017江南南昌
11、三校四联)如图所示，有一个矩形边界的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里一个三角形闭合导线框，由位置 1(左)沿纸面匀速运动到位置 2(右)取线框刚到达磁场边界的时刻为计时起点(t0)，规定逆时针方向为电流的正方向，则图中能正确反映线框中电流与时间关系的是( )解析：选 A.线框进入磁场的过程，磁通量向里增加，根据楞次定律得知感应电流的磁场向外，由安培定则可知感应电流方向为逆时针，电流方向应为正方向，故 B、C 错误；线框进入磁场的过程，线框有效的切割长度先均匀增大后均匀减小，由 EBLv，可知感应电动势先均匀增大后均匀减小；线框完全进入磁场后，磁通量不变，没有感应电流产生；线框穿出磁场的过程，
12、磁通量向里减小，根据楞次定律得知感应电流的磁场向里，由安培定则可知感应电流方向为顺时针，电流方向应为负方向，线框有效的切割长度先均匀增大后均匀减小，由 EBLv，可知感应电动势先均匀增大后均匀减小；故 A正确，D 错误8、如图所示，小芳在体重计上完成下蹲动作，下列 F-t图像能反应体重计示数随时间变化的是A. B. 6C. D. 【来源】浙江新高考 2018年 4月选考科目物理试题【答案】 C【解析】对人的运动过程分析可知，人下蹲的过程可以分成两段：人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力的大小；在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态，此时
13、人对传感器的压力大于人的重力的大小，故 C正确，A、B、D 错误；故选 C。【点睛】人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态。二、非选择题如图甲所示，相距 L1 m、电阻不计的两根长金属导轨，各有一部分在同一水平面上，另一部分在同一竖直面内质量均为 m50 g、电阻均为 R1.0 的金属细杆 ab、cd 与导轨垂直接触形成闭合回路，杆与导轨之间的动摩擦因数 0.5.整个装置处于磁感应强度B1.0 T、方向竖直向上的匀强磁场中，ab 杆在水平拉力 F作用下沿导轨向右运动，cd 杆固定在某位置现在释放 cd杆并开始计时，cd 杆的 vcd
14、t 图象如图乙所示，已知在 01 s和 23 s 内，图线为直线取 g10 m/s 2.(1)求在 01 s 内通过 cd杆中的电流；(2)若已知 ab杆在 1 s2 s 内做匀加速直线运动，求 1 s2 s 时间内拉力 F随时间 t变化的关系式解析：(1)在 01 s 内，cd 杆的 vcdt 图线为倾斜直线，因此 cd杆做匀变速直线运动，加速度为：a1 4.0 m/s 2vt v0t因此 cd杆受向上的摩擦力作用，其受力图如图所示7根据牛顿第二定律，有：mgF fma其中 FfF NF ABIL因此回路中的电流为：I 0.6 Am g a BL(2)在 01 s 内，设 ab杆产生的电动势
15、为 E，则：EBLv 1由闭合电路欧姆定律知：IE2Rv1 1.2 m/s2IRBL则 ab杆的速度为：v 1 1.2 m/s2IRBL在 23 s 内，由图象可求出 cd杆的加速度为：a24 m/s 2同理可求出 ab杆的速度：v2 2.8 m/s2m g a2 R B2L2在 12 s 内，ab 杆做匀加速运动，则加速度为：a 1.6 m/s 2v2 v1tIBLv2R对 ab杆，根据牛顿第二定律有：FmgBILmaab杆在 t时刻的速度：vv 1a(t1)回路中的电流：IBLv2R联立可得：F0.8t0.13答案：(1)在 01 s 内通过 cd杆中的电流 0.6 A(2)这段时间内拉力 F随时间 t变化的关系式为：F0.8t0.13
