1、河南省 2018 届普通高中毕业班高考适应性测试理综物理试题二、选择题：共 8 小题，每小题 6 分，在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求，全部选对得 6 分，选对但不全的得3 分，有选错的得 0 分1. 观察和实验是科学研究的基础，下列说法正确的是A. 牛顿最早通过理想斜面实验，得出力不是维持物体运动的原因B. 楞次通过电流的磁效应实验，打开了电与磁相互联系的大门C. 密立根通过油滴实验，发现核外电子的轨道是不连续的D. 卢瑟福通过 粒子散射实验，提出了原子的核式结构模型【答案】D【解析】伽利略最早通过理想斜面实验，得出力不是维持
2、物体运动的原因，选项 A 错误； 奥斯特通过电流的磁效应实验，打开了电与磁相互联系的大门，选项 B 错误； 密立根通过油滴实验，测出了元电荷的值，玻尔发现核外电子的轨道是不连续的，选项 C 错误；卢瑟福通过 粒子散射实验，提出了原子的核式结构模型，选项 D 正确；故选 D.2. 大量处于 n=3 能级的氢原子跃迁到较低能级时A. 辐射带状连续光谱，核外电子动能减小B. 辐射 1 条线状光谱，核外电子动能减小C. 辐射 2 条线状光谱，核外电子动能增大D. 辐射 3 条线状光谱，核外电子动能增大【答案】D【解析】大量处于 n=3 能级的氢原子跃迁到较低能级时，辐射 条线状光谱，核外电子的运动半径
3、减小，根据 可知动能增大，选项 D 正确，ABC 错误；故选 D.3. 2017 年 11 月 5 日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，以？一箭双星方式成功发射地二十四、二十五颗北斗导航卫星。这两颗卫星最终在同一个中圆地球轨道上的不同位置，绕地球沿同一方向运转，运行的周期大约为 13h，如图所示，下列说法正确的是A. 中圆地球轨道半径大于地球同步卫星的轨道半径B. 这两颗卫星的线速度大于第一宇宙速度C. 卫星运行的加速度等于所在高度的重力加速度D. 一颗卫星加速就能在轨道上追上另一颗卫星【答案】C【解析】中圆地球卫星运行的周期大约为 13h，小于同步卫星的周期 24h，则根据 可知
4、，中圆地球轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，选项 A 错误；第一宇宙速度是绕地球旋转的卫星的最大环绕速度，则这两颗卫星的线速度小于第一宇宙速度，选项 B 错误；根据可知，卫星运行的加速度等于所在高度的重力加速度，选项 C 正确；一颗卫星加速后将做离心运动脱离原轨道，则不能在轨道上追上另一颗卫星，选项 D 错误；故选 C.4. 利用如图甲所示的斜面测量物体下滑的加速度。在斜面上取 O、A、B 三点，让一物体从 O 点由静止开始下滑，先后经过 A、B 两点，测出 A、B 之间的距离 x 和物体经过 A、B两点的时间 t。保持 O、B 两点的位置不变，改变 A 点在斜面上的位置，仍让该物体从 O点
5、由静止开始下滑，多次试验后得出 图像如图乙所示，则物体沿斜面下滑的加速度大小为A. 2m/s2 B. 4m/s2 C. 6m/s2 D. 8m/s2【答案】B【解析】根据 x=v0t+ at2可得 ，由图像可知 ，则 a=4m/s2，故选 B.5. 如图所示，正六边形 abcdef 区域内有垂直于纸面向外的匀强磁场。一带电粒子从 a点沿 ad 方向射入磁场，当速度大小为 v1时，粒子从 b 点离开磁场；当速度大小为 v2时，粒子从 c 点离开磁场，不计粒子重力，则 v1与 v2的大小之比为A. 1：2 B. 2：1 C. 1：3 D. 【答案】C点睛：带电粒子在磁场中运动的问题，关键是画出粒子
6、的轨迹图，结合几何关系找圆心和半径，然后确定速度关系.6. 如图所示，一平行板电容器的两极板与电压恒定的电源相连，极板水平放置，在下极板上叠放一定厚度的金属板，有一带电粒子静止在电容器上部空间的 P 点，当把金属板从电容器中快速抽出的瞬间，下列说法正确的是A. 电容器的电容减小B. 极板间的电场强度减小C. P 点的电势升高D. 带电粒子的电势能减小【答案】ABD【解析】当把金属板从电容器中快速抽出后，导致极板间距增大，依据电容的决定式，可知，电容器的电容变小，故 A 正确；因电势差 U 不变，而极板间距增大，依据E=U/d，可知，板间的电场强度变小，故 B 正确；P 点与上极板的距离不变，根
7、据 U=Ed 可知，P 点与上极板的电势差减小，上极板电势小于零，可知 P 点的电势降低，选项 C 错误；粒子在向上的电场中平衡，可知粒子带正电，P 点的电势降低，则粒子在 P 点的电势能减小，选项 D 正确；故选 ABD.7. 如图所示，闭合的正方形线圈 abcd 在匀强磁场中绕垂直于磁感线的对称轴 匀速转动，为了使线圈中的感应电动势的最大值增大为原来的 2 倍，下列方法可行的是A. 仅把线圈改为圆形B. 仅把转速变为原来的 2 倍C. 仅把磁感应强度变为原来的 2 倍D. 仅把转轴移到 cd 位置【答案】BC【解析】设正方形边长为 L，根据最大值表达式 可知，正方形线圈产生的电动势最大值为
8、 ；仅把线圈改为圆形，则面积变为 ，可知最大电动势不能变为原来的 2 倍，选项 A 错误；仅把转速变为原来的 2 倍，则根据 =2n 可知角速度变为 2 倍，则最大电动势变为 2 倍，选项 B 正确；根据 ，仅把磁感应强度变为原来的 2 倍，则最大电动势变为 2 倍，选项 C 正确；仅把转轴移到 cd 位置，最大感应电动势不变，选项 D错误；故选 BC.点睛：此题关键是知道最大感应电动势的表达式 ，知道感应电动势的最大值与线圈的形状无关，与转轴的位置无关.8. 如图所示，一光滑细杆固定在水平面上的 C 点，细杆与水平面的夹角为 30，一原长为 L 的轻质弹性绳，下端固定在水平面上的 B 点，上
9、端与质量为 m 的小环相连，当把小环拉到 A 点时，AB 与地面垂直，弹性绳长为 2L，将小环从 A 点由静止释放，当小环运动的 AC 的中点 D 时，上端达到最大。重力加速度为 g，下列说法正确的是A. 小环刚释放时的加速度大小为 gB. 小环的机械能守恒C. 小环到达 AD 的中点时，弹性绳的弹性势能为零D. 小环的最大速度为【答案】AD【解析】由几何关系可知，当小环运动的 AC 的中点 D 时，弹性绳的长度等于在 A 点时的长度，因此时速度达到最大，可知 a=0，则 ，则开始在 A 点时：，解得 aA=g，选项 A 正确；小环在运动过程中弹性绳的弹力做功，则机械能不守恒，选项 B 错误；
10、小环到达 AD 的中点时，弹性绳的弹力不为零，则弹性势能不为零，选项 C 错误；小环在 AD 两点时弹性绳的弹性势能相同，则由能量关系可知，解得 ，选项 D 正确；故选 AD.点睛：此题是牛顿第二定律和能量守恒定律的应用问题；关键是知道小环在 AD 两个位置时弹性绳的长度相同，弹力相同，弹性势能相同，结合牛顿第二定律即能量守恒关系列方程解答.三、非选择题： 9. 用如图甲所示的装置验证动量守恒定律，小车 P 的前端粘有橡皮泥，后端连接通过打点计时器的纸带，在长木板右端垫放木块以平衡摩擦力，推一下小车 P，使之运动，与静止的小车 Q 相碰粘在一起，继续运动。（1）实验获得的一条纸带如图乙所示，根
11、据点迹的不同特征把纸带上的点进行了区域划分，用刻度尺测得各点到起点 A 的距离。根据碰撞前后小车的运动情况，应选纸带上_段来计算小车 P 的碰前速度。（2）测得小车 P（含橡皮泥）的质量为 m1，小车 Q（含橡皮泥）的质量为 m2，如果实验数据满足关系式_，则可验证小车 P、Q 碰撞前后动量守恒。（3）如果在测量小车 P 的质量时，忘记粘橡皮泥，则所测系统碰前的动量与系统碰后的动量相比，将_（填“偏大”或“偏小”或“相等” ） 。【答案】 (1). BC (2). (3). 偏小【解析】 （1）根据碰撞前后小车的运动情况，应选纸带上点迹均匀的部分来计算小车 P的碰前速度，由图可知应该选择 BC
12、 段。（2）碰前 P 的速度： ；碰后选择 DE 段作为共同速度，则要验证的关系：m 1v1=(m1+m2)v2，即 .（3）如果在测量小车 P 的质量时，忘记粘橡皮泥，则 m1的测量值偏小，因 v1v2，则m1v1偏小的量大于 m1v2偏小的量，则所测系统碰前的动量与系统碰后的动量相比，将偏小.10. 为了测量一未知电阻 Rx（约 150）的阻值，提供了如下器材：A电压表 V1（量程 1.5V，内阻约 2k）B电压表 V2（量程 3V，内阻约 3k）C电流表 A（量程 30mA，内阻约 3）D滑动变阻器 R1（020，允许通过的最大电流 10A）E滑动变阻器 R2（0200，允许通过的最大电
13、流 1A）F直流电源 E（3V，内阻约 1）G开关、导线若干（1）甲同学根据以上器材，设计了用伏安法测量电阻的电路，为了减小实验误差，请在图中虚线框内补画出合理的电路，在该电路中，电压表应选择_，滑动变阻器应选择_。 （均填仪器字母代号） 。（2）乙同学设计了如图所示的电路，测量过程如下：闭合开关 S1、S 2，调节滑动变阻器 R1、R 2的滑片至适当位置，使电压表 V1的示数恰好为电压表 V2示数的一半；断开开关 S2，保持滑动变阻器 R2的滑片位置不变，读出电压表 V1的示数 U，电流表 A的示数 I，则待测电阻阻值 Rx=_；通过改变滑动变阻器 R1的滑片位置，可以进行多次测量。（3）比
14、较甲乙两同学的测量方案，你认为_同学的方案更有利于减小系统误差。【答案】 (1). (2). B ； E (3). (4). 乙【解析】 （1）直流电源 E=3V 可知电压表选择 B；滑动变阻器用限流电路，则滑动变阻器选择阻值相当的 E；因 可知电流表内接；电路图如图；（2）在步骤中电压表 V1的示数恰好为电压表 V2示数的一半，可知 Rx两端的电压等于 R2两端的电压，且均为 U；则待测电阻阻值 Rx= ；（3）甲同学的方法中由于电流表的分压作用测得的电阻值偏大；乙同学的测量中没有系统误差，则乙同学的方案更有利于减小系统误差。11. 手指滑板是一项时尚的娱乐项目，某比赛轨道如图所示，平台高
15、H=1.2m，平台右边有一高 h=0.4m、倾角 =45的斜面。要求选手用手指操控质量 m=0.2kg 的滑板，在平台上获得一定的初速度后，在 A 点手指脱离滑板，使滑板沿 AB 继续运动一段距离后，从B 点飞出平台，恰从斜面顶点 C 以平行斜面的方向落到斜面上，已知 AB 段的长度 L=1m，滑板与 AB 段的动摩擦因数 =0.45，重力加速度 。求：（1）平台与斜面之间的水平距离 x；（2）滑板脱离手指时的速度大小。【答案】 （1） （2）5m/s【解析】 （1）设滑板从平台上飞出时的速度为 ，由平抛运动规律可得 ，联立解得（2）设滑板在 A 点脱离手指时的速度为 v，由牛顿第二定律可得
16、，由运动学规律可得联立解得 v=5m/s12. 如图所示，地面上方高为 H 的空间，分布着水平方向的磁场。取竖直向下为 x 轴正方向，水平方向为 y 轴方向。在 xoy 平面内，磁感应强度在 y 轴方向不发生变化，竖直方向随 x 变化的关系为 ，式中 B0 和 k 均为常量。用质量为 m、电阻为 R 的匀质薄金属条制成的边长为 L 的比荷正方形单匝线框，从图示位置由静止开始释放，线框在下落过程中保持竖直，已知线框达到最大速度后，最终落到地面，不计空气阻力，重力加速度为 g。（1）求线框下落的最大速度 vm；（2）假设线框从静止下落到地面的时间为 t，若在同一时间 t 内，线框内产生的热量与一恒
17、定电流 I0在该段线框内产生的热量相等，求 I0大小。【答案】 （1） （2）【解析】 （1）线框下落到 x 时，线框中的电动势为：线框中的感应电流为：线框上下两边所受安培力合力为：当安培力与重力相等时速度最大，设为 ，有：联立解得：（2）设时间 t 内，线框内产生的热量为 Q，由能量守恒得：由焦耳定律可得：联立解得：点睛：此题考查线圈在磁场中运动产生感应电动势的问题；注意线圈两个边所处位置的磁感应强度不同，则感应电动势不同，安培力也不同，所以注意电动势和安培力的叠加问题.13. 下列说法正确的是A单位时间内撞击单位面积器壁的分子数逐渐减小B气体的压强逐渐增大C气体分子平均动能不变D气体不断向
18、外界放出热量E气体的内能逐渐增加【答案】BCD【解析】一定质量的气体温度不变时，体积减小，则压强变大，因分子密度变大，则单位时间内撞击单位面积器壁的分子数逐渐增加，选项 A 错误，B 正确；温度不变，则气体分子平均动能不变，选项 C 正确；因温度不变，则内能不变，体积减小，则外界对气体做功，根据E=W+Q 可知，气体不断向外界放出热量，选项 D 正确，E 错误；故选 BCD.点睛：本题关键明确气体压强的微观意义，明确影响气体压强的因数有两个：分子数密度和分子的平均动能知道热力学第一定律中各个物理量的意义.14. 如图所示，一根上端开口、竖直放置的玻璃管由两部分组成，上部足够长、下部长60cm，上部的横截面积是下部的一半。一长为 25cm 的水银柱，在下部玻璃管封闭有一段空气柱。当温度为 27时，空气柱的长度为 30cm。当水银柱从下部玻璃管进入上部玻璃管中，并在上部玻璃管中上升 10cm 高度时，空气柱的温度应为多少？已知大气压强为75cmHg。【答案】【解析】设下部玻璃管的横截面积为 Scm2，当水银柱在上部管内上升 10cm 时，水银柱的高度为（10+20）cm气体的末态： ，代入气态方程 ，解得
