1、1人教版物理 2019 年高考一轮选练编题（6）李仕才一、选择题1、甲、乙两物体从同一地点同时开始沿同一方向运动，甲物体运动的 vt 图象为两段直线，乙物体运动的 vt 图象为两段半径相同的圆弧曲线，如图所示图中 t42t 2，则在 0t 4时间内，下列说法正确的是( )A甲物体的加速度不变B乙物体做曲线运动C两物体 t1时刻相距最远，t 4时刻相遇D甲物体的平均速度等于乙物体的平均速度解析：选 D.0t 2时间段内，甲做匀加速直线运动，t 2t 4时间内甲物体做匀减速直线运动，故 A 错；速度是矢量，在速度时间图象中，只能表示直线运动，B 错；在整个运动过程中 t3时刻，两物体相距最远，C
2、错；在速度时间图象中，下面所包围的面积即为位移，可求知 t4时间段内，位移相等，故平均速度相同，D 对2、静止在光滑水平面上的物体受到一个水平拉力的作用,在 4 s 内该力随时间变化的关系如图所示,则( D )A.物体将做往复运动B.2 s 末物体的加速度最大C.2 s 末物体的速度最小D.4 s 内物体的位移最大解析:02 s 内物体向正方向做匀加速运动,24 s 内向正方向做匀减速运动,所以 2 s 末物体的速度最大,由于前 2 s 与后 2 s 的加速度大小相等,所以 4 s 末速度为 0.则 4 s 内位移最大,选项 D 正确.3、 （2018 湖南师范大学附属中学高三上学期第二次月考
3、）甲乙两辆汽车都从同一地点由静止出发做加速直线运动，加速度方向一直不变，在第一段时间间隔 T 内，两辆汽车的加速度大小不变，汽车乙的加速度大小是甲的三倍，接下来，汽车甲的加速度大小增加为原来2的三倍，汽车乙的加速度大小减小为原来的 ，则A. 在 2T 末时，甲、乙两车的速度相等B. 甲、乙两车从静止到速度相等时，所经历的位移大小之比为 3：5C. 在 4T 末，两车第一次相遇，且只能相遇一次D. 在运动过程中，两车能够相遇两次【答案】AB【解析】设汽车甲在第一段时间间隔末（时刻 T）的速度为 ，第二段时间间隔末（时刻2T）的速度为 ，第一段时间间隔内行驶的路程为 ，加速度为 ，在第二段时间间隔
4、内行驶的路程为 ，由运动学公式有 ， ， ， ； ；设汽车乙在时刻 T 的速度为 ，第二段时间间隔末（时刻 2T）的速度为 ，在第一、二段时间间隔内行驶的路程分别为 、，同理有 ， ， ， ， ；在 2T 末时，甲、乙两车的速度相等，故 A 正确；甲、乙两车从静止到速度相等时，所经历的位移大小之比为 3：5，故 B 正确；在 4T 末， ， ，甲车在前，乙车在后，故 D 错误；4、如图所示，一质量为 m 的小球以初动能 Ek0从地面竖直向上抛出，已知运动过程中受到恒定阻力 fkmg 作用(k 为常数且满足 0k1)图中两条图线分别表示小球在上升过程中动能和重力势能与其上升高度之间的关系(以地面
5、为零势能面)，h 0表示上升的最大高度则由图可知，下列结论正确的是( )3AE 1是最大势能，且 E1Ek0k 2B上升的最大高度 h0Ek0 k 1 mgC落地时的动能 EkkEk0k 1D在 h1处，物体的动能和势能相等，且 h1Ek0 k 2 mg解析：选 BD.因小球上升的最大高度为 h0，由图可知其最大势能 E1 ，又 E1mgh 0，Ek0k 1得 h0 ，A 项错误，B 项正确由图可知，小球上升过程中阻力做功为 Ek0Ek0 k 1 mg，因小球所受阻力恒定，且上升和下落高度相等，则小球下落过程中阻力做功为 Ek0Ek0k 1，则小球落地时的动能 Ek Ek0，C 项错误在 h1
6、处，小球Ek0k 1 Ek0k 1 (Ek0 Ek0k 1) 1 kk 1的动能和势能相等，则有 Ek0(mgf)h 1mgh 1，解得 h1 ，D 项正确Ek0 k 2 mg5、中子和质子结合成氘核,同时放出 光子,核反应方程是 H n H+,以下说法正确的是( ACD )A.反应后氘核的质量一定小于反应前质子和中子的总质量B.反应前后质量数不变,因而质量不变C.由核子组成原子核一定向外释放能量D.光子所具有的能量为 mc 2,m 为反应中的质量亏损,c 为光速解析:根据质能方程,这个反应释放能量,一定发生质量亏损,即反应后氘核的质量一定小于反应前质子和中子的总质量,这个质量亏损与释放能量的
7、关系满足质能方程 E=mc 2.由核子组成原子核一定向外释放能量,这个能量叫原子核的结合能.反应前后质量数不变,但质量变化,选项 A,C,D 正确.6、下表给出了一些金属材料的逸出功现用波长为 400 nm 的单色光照射上述材料，能产生光电效应的材料最多有几种(普朗克常量 h6.610 34 Js，光速 c3.0010 8 m/s)( )材料 铯 钙 镁 铍 钛逸出功(10 19 J) 3.0 4.3 5.9 6.2 6.6A.2 种 B3 种C4 种 D5 种解析：选 A.光电效应发生的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，入射光的能量大于金属的逸出功，光子的能量为 hh ，代入计算得 6.
8、610 34 c 310840010 9J4.9510 19 J，可以看出光子能量大于逸出功的金属有两种，所以 A 项正确47、 （2018 安徽省舒城中学期末）如图（甲）所示，是示波器中核心部件示波管的原理图。要想在荧光屏的屏幕上观察到如图（乙）所示的图形，下列给出几组偏转电极 X、Y之间所加电压随时间变化关系，其中可能符合要求的是（ ）A. B. C. D. 【答案】AD8、如图，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块 P，系统处于静止状态，现用一竖直向上的力 F 作用在 P 上，使其向上做匀加速直线运动，以 x 表示 P 离开静止位置的位5移，在弹簧恢复原长前，下列表示 F 和 x
9、之间关系的图像可能正确的是（ ）A. B. C. D. 【来源】2018 年全国普通高等学校招生统一考试物理（新课标 I 卷）【答案】 A【点睛】牛顿运动定律是高中物理主干知识，匀变速直线运动规律贯穿高中物理。二、非选择题1、如图所示，光滑水平面上有一质量 M4.0 kg 的平板车，车的上表面是一段长 L1.5 m的粗糙水平轨道，水平轨道左侧连一半径 R0.25 m 的四分之一光滑圆弧轨道，圆弧轨道与水平轨道在点 O处相切现将一质量 m1.0 kg 的小物块(可视为质点)从平板车的右端以水平向左的初速度 v0滑上平板车，小物块与水平轨道间的动摩擦因数 0.5，小物块恰能到达圆弧轨道的最高点 A
10、.取 g10 m/s 2，求：(1)小物块滑上平板车的初速度 v0的大小；(2)小物块与车最终相对静止时，它距点 O的距离解析：(1)平板车和小物块组成的系统在水平方向上动量守恒，设小物块到达圆弧轨道最高点6A 时，二者的共同速度为 v1由动量守恒得：mv 0(Mm)v 1 由能量守恒得：mv (Mm)v mgRmgL 12 20 12 21联立并代入数据解得：v 05 m/s (2)设小物块最终与车相对静止时，二者的共同速度为 v2，从小物块滑上平板车，到二者相对静止的过程中，由动量守恒得：mv0(Mm)v 2 设小物块与车最终相对静止时，它距 O点的距离为 x，由能量守恒得：mv (Mm)
11、v mg(Lx) 12 20 12 2联立并代入数据解得：x0.5 m.答案：(1)5 m/s (2)0.5 m2如图所示，在无限长的竖直边界 AC 和 DE 间，上、下部分分别充满方向垂直于 ADEC平面向外的匀强磁场，上部分区域的磁感应强度大小为 B0，OF 为上、下磁场的水平分界线质量为 m、带电荷量为q 的粒子从 AC 边界上与 O 点相距为 a 的 P 点垂直于 AC 边界射入上方区域，经 OF 上的 Q 点第一次进入下方区域，Q 与 O 点的距离为 3a.不考虑粒子重力(1)求粒子射入时的速度大小；(2)要使粒子不从 AC 边界飞出，求下方区域的磁感应强度应满足的条件；(3)若下方
12、区域的磁感应强度 B3B 0，粒子最终垂直 DE 边界飞出，求边界 DE 与 AC 间距离的可能值解析：(1)设粒子在 OF 上方做圆周运动半径为 R，由几何关系可知：R2(Ra) 2(3a) 2，R5a7由牛顿第二定律可知：qvB 0m ，解得：v ；v2R 5aqB0m(2)当粒子恰好不从 AC 边界飞出时，设粒子在 OF 下方做圆周运动的半径为 r1，由几何关系得：r 1r 1cos 3a，cos ，所以 r1 ，根据 qvB135 15a8 mv2r1解得：B 1 ，当 B1 时，粒子不会从 AC 边界飞出8B03 8B03(3)当 B3 B 0时，粒子在 OF 下方的运动半径为：r a，设粒子的速度方向再次与射入53磁场时的速度方向一致时的位置为 P1，则 P 与 P1的连线一定与 OF 平行，根据几何关系知：14a；所以若粒子最终垂直 DE 边界飞出，边界 DE 与 AC 间的距离为：PPLn 14na(n1,2,3)；PP答案：(1) (2)B 1 时粒子不会从 AC 边界飞出 (3)L4na(n1,2,3)5aqB0m 8B03
