1、湖南省浏阳市第一中学 2017 届高三上学期期中考试物理试题一、选择题（本题共 12 小题，每小题 4 分，共 48 分.8 小题为单选题；912 小题为多项选择题，全部选对的得 4 分，选对而不全的得 2 分，有选错的或不答的得 0 分）1【题文】关于物理学的叙述，下列说法正确的是（ ）A力学中的三个基本物理量是力、长度和时间B卡文迪许被称为能称出地球质量的人C“提出假说，数学推理，实验验证，合理外推”的科学推理方法是牛顿开创的D伽利略通过研究行星观测记录，发现了行星运动的三大定律【答案】B【解析】试题分析：力学中的三个基本物理量是质量、长度和时间，故 A 错误卡文迪许通过扭秤实验测出 了引
2、力常量 G，从而能求得地球的质量，所以他被称为能称出地球质量的人，故 B 正确 “提出假说，数学推理，实验验证，合理外推”的科学推理方法是伽利略开创的，故 C 错误开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动的三大定律，故 D 错误故选 B。考点：物理学史【结束】2 【题文】a 、 b 两车在公路上沿同一方向做直线运动，在 t=0 时刻，b 车在 a 车前方 500m 处，它们的vt 图象如图所示，下列说法正确的是（ ）A在第 40 s 末，a、b 两车相距 900 mBa 、 b 加速时，物体 a 的加速度等于物体 b 的加速度C在整个运动过程中，a、b 两车可以相遇两次D60s 时，物体 a
3、 在物体 b 的前方【答案】C【解析】试题分析：速度-时间图象与坐标轴围成的 “面积”表示位移，则 0-40s 内 a 比 b 多运动的位移为：，在 t=0 时刻， b 车在 a 车前方 500m 处，则在第 40 s 末，a、b 两1041209Sm车相距 400m，故 A 错误；a、b 加速时，a 图线的斜率小于 b 图线的斜率，物体 a 的加速度小于物体 b 的加速度，故 B 错误；根据 A 的分析可知，前 40s，ab 已经相遇一次，40s 末 a 在 b 的前面，40s 后 b 的速度大于 a 的速度，则 b 一定能追上 a，所以在整个运动过程中，a、b 两车可以相遇两次，故 C 正
4、确；速度-时间图象与坐标轴围成的“面积”表示位移，则 0-20s 内，a 的位移为：x 1 (10+40)20 500m，此时ab 相遇，20-60s 内，ab 通过的位移相等，则 60s 末 ab 相遇，故 D 错误故选 C.考点：v-t 图线【结束】3 【题文】如图所示，水平固定且倾角为 37（sin37=0.6，cos37=0.8）的光滑斜面上有两个质量均为m=1kg 的小球 A、B，它们用劲度系数为 k=200N/m 的轻质弹簧连接，弹簧的长度为 l0=20cm，现对 B 施加一水平向左的推力 F，使 A、B 均在斜面上以加速度 a=4m/s2 向上做匀加速运动，此时弹簧的长度 l 和
5、推力F 的大小分别为（ ）A0.15m，25N B0.25m，25N C0.15m，12.5N D0.25m，12.5N【答案】B【解析】试题分析：以整体为研究对象，受力分析，如图，根据牛顿第二定律得沿斜面方向有：Fcos37-2mgsin37 =2ma代入数据解得 F=25N以 A 为研究对象，根据牛顿第二定律和胡克定律得，沿斜面方向有：k（l-l 0）-mgsin37=ma 其中，l 0=20cm=0.2m，k=200N/m，m=1kg；代入数据解得 l=0.25m，故 B 正确，ACD 错误故选 B.考点：牛顿第二定律；胡克定律【结束】4 【题文】真空中某一条直线上面静电场的电势变化如下
6、图所示， ，则根据图象可知（ ）A xR处的电场强度 E0B该电场有可能是处在 O 点的正的点电荷激发产生的C 若试探电荷 从 x1 处移到 x2 处，电场力不一定做功Dx 1 处与 x2 处的电场强度方向相同【答案】D【解析】试题分析：-x 图象中，曲线上任意一点的切线的斜率表示电场强度；R 处切线的斜率不为零，故电场强度不为零；故 A 错误；离电荷越近，电场强度越大，故 -x 图象的斜率越大；而在 O 点向右，切线斜率变大，故 O 点不可能有电荷；故 B 错误；若试探电荷从 x1 处移到 x2 处，电势降低，根据公式 WAB=qUAB，如果是正电荷，电场力做正功；如果是负电荷，电场力做负功
7、，故 C 错误；x 1 处与 x2 处的切线斜率同为负值，故 x 方向的电场强度分量的方向相同，故 D 正确；故选 D.来源:学*科*网考点：-x 图象；电场强度；电势及电势能【结束】5 【题文】如图所示，半径为 R 的圆轮在竖直面内绕 O 轴匀速转动，轮上 A、B 两点均粘有一小物体，当B 点转至最低位置时，此时 O、A、B、P 四点在同一竖直线上，已知：OA =AB，P 是地面上的一点。 A、B 两点处的小物体同时脱落，最终落到水平地面上同一点。 （不计空气的阻力）则 OP 的距离是（ ）A B 76R C 52R D 5R7【答案】B【解析】试题分析：设 OP 之间的距离为 h，则 A
8、下落的高度为 ，A 随圆轮运动的线速度为 ，设 A 下落2Rh 2R的时间为 t1，水平位移为 s，则有：在竖直方向上有： 21Rgt在水平方向上有： sB 下落的高度为 h-R，B 随圆轮运动的线速度为 R，设 B 下落的时间为 t2，水平位移也为 s，则有：在竖直方向上有：h-R= gt221在水平方向上有：s=Rt 2联立式解得：h= 76R; 选 项 B 正确，ACD 错误，故选 B.考点：圆周运动；平抛运动【结束】6 【题文】发射地球同步卫星时先将卫星发射至近地圆轨道 1，然后点火，使其沿椭圆轨道 2 运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道 3，轨道 1、2 相切于 Q 点，轨道
9、2、3 相切于 P 点，如图所示则以下说法正确的是（ ）A卫星在轨道 3 上的速率小于在轨道 1 上的速率B卫星在椭圆轨道 2 上的近地点 Q 的速度一定等于 7.9km/sC要将卫星由圆轨道 1 送入圆轨道 3，需要在圆轨道 1 的 Q 和椭圆轨道 2 的远地点 P 分别点火减速一次D卫星在轨道 2 上运行时经过 P 点的加速度跟经过 Q 点的加速度相等【答案】A【解析】试题分析：根据万有引力提供向心力得 ，速度 ，所以卫星在轨道 3 上的速22GMmvarGMvr率小于在轨道 1 上的速率，故 A 正确；先将卫星发射至近地圆轨道 1，圆轨道 1 的运行速度为 7.9km/s，卫星在椭圆轨道
10、 2 上的近地点 Q，要作离心运动，则其的速度一定大于 7.9km/s，而在远地点 P，半径大于地球半径，线速度一定小于 7.9km/s，故 B 错误；要将卫星由圆轨道 1 送入圆轨道 3，需要在圆轨道 1 的 Q和椭圆轨道 2 的远地点 P 分别点火加速一次，选项 C 错误； ，故卫星在轨道 2 上运行时经过 P2aGr点的加速度小于经过 Q 点的加速度，选项 D 错误；故选 A.考点：牛顿第二定律的应用【结束】7 【题文】一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图甲所示已知发电机线圈内阻为5.0 ，现外接一只电阻为 105.0 的灯泡，如图乙所示，则 （ ）A电路中的电流方向每
11、秒钟改变 50 次B电压表 的示数为 220 VC灯泡实际消耗的功率为 440 WD发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为 20J【答案】D【解析】试题分析：周期 T=0.02s，每个周期交流电方向改变两次，则 1s内电流方向改变的次数为 n=2 =1 001T次故 A 错误；由图象 得感应电动势最大值 Em=200 V，所以有效值 E=200V，电压表示数2故 B 错误灯泡实际消耗的功率 故 C 错105210RUEVr 21045PW误发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为 故 D 正确故选 D.22015EUQtJr考点：交流电【结束】8 【题文】如图所示，理 想变压器原线圈的匝数 匝，副线圈的
12、匝数 匝， 均10n102n210R、为定值电阻，原线圈接如图所示的交变电压.开始开关 S 处于断开状态，下列说法中正确的是（ ）A.电压表示数为 22VB.当开关 S 闭合后，电压表示数变大C.当开关 S 闭合后，电流表示数变大D.当开关 S 闭合后，变压器的输入功率减小 来源: 学科网 ZXXK【答案】C【解析】试题分析：由图象知原线圈电压有效值 220V，电压与匝数成正比，所以副线圈的电压 22V，电压表示数为 R1 两端的电压，因 R0 的分压作用，其示数小于 22V，故 A 错误；当开关 S 闭合后，副线圈总电阻减小，副线圈的电压不变，副线圈的电流增大，R 0 的分压增大，所以电压表
13、示数变小故 B 错误；当开关 S 闭合后，副线圈总电阻减小，副线圈的电压不变，输出功率增大，所以输入的功率增大，所以电流表示数变大，故 C 正确，D 错误故选 C。考点：变压器；电路的动态分析【结束】9 【题文】 （多选）在如图所示电路中，电压表、电流表均为理想电表，电源内阻不可忽略。开关 S 闭合后，在滑动变阻器 R1 的滑片 P 向右端滑动的过程中（ ）来源:学科网 ZXXKA电压表与电流表的示数都增大B电压表的示数减小，电流表的示数增大C电阻 R2 消耗的电功率增大D电源内阻消耗的功率减小【答案】ACD【解析】试题分析：当滑片 P 右移时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，则外电路总电阻增大
14、，电路中总电流减小，电源的内电压减小，由闭合电路欧姆定律可知，路端电压增大，故电压表示数增大；由欧姆定律可知，R 3上的分压减小，而路端电压增大，故并联部分的电压增大，则电流表示数增大，故 A 正确、B 错误；滑动变阻器接入电路的电阻增大，R 1 与 R2 的并联电阻增大，并联电路的电压随之增大，因此电阻 R2 消耗的电功率增大故 C 正确总电流减小，由 P=I2r 知，电源内阻消耗的功率减小，故 D 正确故选 ACD。来源:学+科+ 网Z+X+X+K考点：电路的动态分析【结束】来源:学科网10 【题文】 （多选）在一个边界为等边三角形的区域内，存在一个方向垂直于纸面向里的匀强磁场，在磁场边界
15、上的 P 点处有一个粒子源，发出比荷相同的三个粒子 a、b、c（不计重力）沿同一方向进入磁场，三个粒子通过磁场的轨迹如图所示，用 ta、t b、t c 分别表示 a、b、c 通 过磁场的时间；用 ra、r b、r c 分别表示 a、b、c 在磁场中的运动半径，则下列判断正确的是（ ）A. ta=tbt c B. tct bt a C. rcr br a D. rbr ar c【答案】AC【解析】试题分析：粒子在磁场中做匀速圆周运动，由图示情景可知：粒子轨道半径：r cr br a，粒子转过的圆心角： a=b c，粒子在磁场中做圆周运动的周期： ，由于粒子的比荷相同、B 相同，则粒子周期2mTq
16、相同，粒子在磁场中的运动时间： ，由于 a=b c，T 相同，则：t a=tbt c，故 AC 正确，BD 错误；故2tT选 AC。考点：带电粒子在磁场中的运动【结束】11 【题文】 （多选）如图 1 所示，光滑的平行竖直金属导轨 AB、CD 相距 L，在 A、C 之间接一个阻值为R 的电阻，在两导轨间 abcd 矩形区域内有垂直导轨平面竖直向上、宽为 5d 的匀强磁场，磁感应强度为B，一质量为 m、电阻为 r、长度也刚好为 L 的导体棒放在磁场下边界 ab 上（与 ab 边重合） ，.现用一个竖直向上的力 F 拉导体棒，使它由静止开始运动，已知导体棒离开磁场前已开始做匀速直线运动，导体棒与导
17、轨始终垂直且保持良好接触，导轨电阻不计，F 随导体棒与初始位置的距离 x 变化的情况如图 2 所示，下列判断正确的是（ ）A导体棒经过磁场的过程中，通过电阻 R 的电荷量为 5BLdB导体棒离开磁场时速度大小为 2()mgrBLC离开磁场时导体棒两端电压为D导体棒经过磁场的过程 中，电阻 R 产 生焦耳热为324(Rr)9mgdBL【答案】BC【解析】试题分析：设导体棒离开磁场时速度大小为 v此时导体棒受到的安培力大小为： 由平衡2BLvFRr安条件得：F=F 安 +mg；由图 2 知：F=3mg，联立解得： 故 B 正确导体棒经过磁场的过2mgRrL程中，通过电阻 R 的电荷量为： 故 A
18、错误离开磁场时，由 F=BIL+mg 得：5BdqRrrA，导体棒两端电压为： 故 C 正确导体棒经过磁场的过程中，设回路产生的2mgIBL2gUIL总焦耳热为 Q根据功能关系可得： Q=WF-mg5d- mv2，而拉力做功为：W F=2mgd+3mg4d=14mgd1电阻 R 产生焦耳热为： 联立解得： 故 D 正确RQr4322(9)RmgdBLgRr故选 BC.考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律；能量守恒定律【结束】12 【题文】 （多选）利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域如图是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度 B 垂直于霍尔元件的工作面向下，通入图
19、示方向的电流 I，C、D 两侧面会形成电势差 UCD，下列说法中正确的是（ ）A电势差 UCD 仅与材料有关B若霍尔元件的载流子是自由电子，则电势差 UCD0C在测定地球赤道上 方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持水平D仅增大磁感应强度时，电势差 UCD 变大【答案】BD【解析】试题分析：根据左手定则，电子向 C 侧面偏转，C 表面 带负电，D 表面带正电，所以 D 表面的电势高，则UCD0CD 间存在电势差，之间就存在电场，电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，设霍尔元件的长宽高分别为 a、b、c ，有 ，I=nqvS=nqvbc，则 故 A 错误，B 正确，D 正确在测UqvB IUnqc
20、定地球两极上方地磁场强弱时，应将元件的工作面保持竖直，让磁场垂直通过故 C 错误故选 BD。考点：左手定则；洛伦兹力【结束】二、实验题：（本题每空 2 分，共 16 分）13 【题文】 （6 分）实验：用如图所示的装置探究加速度 a 与力 F 的关系，带滑轮的长木 板水平放置，弹簧测力计固定在墙上（1）实验时，一定要进行的操作是（填选项前的字母） A小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，根据纸带的数据求出加速度 a，同时记录弹簧测力计的示 数 F。B改变小车的质量，打出几条纸带C用天平测出 沙和沙桶的总质量D为 减小误差，实验中一定要保证沙和沙桶的总质量远小于小车的质量（2
21、）在实验中，有同学得到一条打点 的纸带，取打点清晰部分做如下标记，如图所示，已知相邻计数点间还有 4 个点没有画出来，打点计时器的电源频率为 50Hz，则小车加速度的大小为 am/s2。（结果保留3 位有效数字）（3）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的 aF 图像，可能是下图中的 图线。【答案】（1）A；（2）1.93 ；（3）C【解析】试题分析：（1）A、打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探究加速度与力和质量的关系，要记录弹簧测力计的示数，故 A 正确；B、改变砂和砂桶质量，即改变拉力的大小，打出几条纸带，研究加速度随 F 变化关系，故 B 正确；C、本题拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故 CD 错误故选 AB。（2）由于相邻计数点间还有 4 个点没有画出来，故 T=0.1s，由x=aT 2 可得：20.18.270.15.09.71.05.93/9CFOxa msT
