1、高中物理第一轮复习（69 份）阶段滚动检测(一)第一三章(90 分钟 100 分)第卷(选择题 共 50 分)一、选择题(本大题共 10 小题,每小题 5 分,共 50 分。每小题至少一个答案正确,选不全得 3 分)1.(2013无锡模拟)如图所示,一个物体受到三个共点力 F1、F 2、F 3的作用,若将它们平移并首尾相接,三个力矢量组成了一个封闭三角形,则物体所受这三个力的合力大小为 ( )A.2F1 B.F 2 C.2F 3 D.02.(2013洛阳模拟)一物体恰能在一个斜面体上沿斜面匀速下滑,此时斜面体不受地面的摩擦力作用。若沿斜面方向用力向下推此物体,使物体加速下滑,则关于斜面体受地面
2、的摩擦力,下列判断正确的是 ( )A.大小为零B.大小不为零,方向水平向右C.大小不为零,方向水平向左D.无法判断其大小和方向3.如图所示,在水平力 F 的作用下,木块 A、B 保持静止。若木块 A 与 B 的接触面是水平的,且 F0,则关于木块 B 的受力个数可能是 ( )A.3 个或 4 个 B.3 个或 5 个C.4 个或 5 个 D.4 个或 6 个4.某飞机由静止开始做匀加速直线运动,从运动开始到起飞共前进 1600m,所用时间为 40 s,则它的加速度 a 和离地时的速度 vt分别为 ( )A.2 m/s2 80 m/s B.1 m/s2 40 m/sC.1 m/s2 80 m/s
3、 D.2 m/s2 40 m/s5.小球从空中自由下落,与水平地面相碰后弹到空中某高度,其 v -t 图像如图所示,则由图可知以下说法正确的是(g=10m/s 2) ( )A.小球下落的最大速度为 5 m/sB.第一次反弹初速度的大小为 3 m/sC.小球能弹起的最大高度为 0.45 mD.小球能弹起的最大高度为 1.25 m6.(2013南宁模拟)为了节省能量,某商场安装了智能化的电动扶梯。无人乘行时,扶梯运转得很慢;有人站上扶梯时,它会先慢慢加速,再匀速运转。一顾客乘扶梯上楼,恰好经历了这两个过程,如图所示。那么下列说法中正确的是( )A.顾客始终受到三个力的作用B.顾客始终处于超重状态C
4、.顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方,再竖直向下D.顾客对扶梯作用力的方向先指向右下方,再竖直向下7.如图所示,三根轻细绳悬挂两个质量相同的小球保持静止,A、D 间细绳是水平的,现对 B 球施加一个水平向右的力 F,将 B 缓缓拉到图中虚线位置,这时三根细绳张力 、 、 的变化情况是 ( )FFFA.都变大B. 和 变大, 不变FF FC. 和 变大, 不变FF FD. 和 变大, 不变FF F8.(2013鹤壁模拟)如图所示,木块 A 的质量为 1kg,木块 B 的质量为 4kg,叠放在水平地面上,A、B 间的最大静摩擦力为 1N,B 与地面间的动摩擦因数为 0.1,今用水平力 F 作用于
5、B,则保持 A、B 相对静止的条件是 F 不超过(g=10m/s 2) ( )A.1N B.10NC.4N D.6N9.(2013桂林模拟)如图所示,一足够长的木板静止在光滑水平面上,一物块静止在木板上,木板和物块间有摩擦。现用水平力向右拉木板,当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时,撤掉拉力,此后木板和物块相对于水平面的运动情况为 ( )A.物块向右运动,速度逐渐增大,直到做匀速运动B.物块先向左运动,再向右运动C.木板向右运动,速度逐渐变小,直到做匀速运动D.木板和物块的速度都逐渐变小,直到为零10.如图所示,足够长的传送带与水平面夹角为 ,以速度 v0逆时针匀速转动。在传送带的上端
6、轻轻放置一个质量为 m 的小木块,小木块与传送带间的动摩擦因数 a2,选项 D 正确。11.【解析】(1)弹簧测力计读数时需要估读,最终的读数要以有效数字的形式给出,根据图甲弹簧测力计指针的位置,可读出力的大小为3.00N。(2)根据力的大小可以用线段的长度来表示,利用刻度尺和三角板在图乙上由已知的两个力作出平行四边形,如图所示,测量出平行四边形的对角线的长度,与标度 1N 的长度进行比较,可求出 F的大小为(5.20.2)N。(3)若 F在竖直方向且数值与 F 近似相等,则在实验误差允许的范围内可以验证力的平行四边形定则。答案：(1)3.00 (2)5.20.2(3)F在竖直方向且数值与 F
7、 近似相等12.【解析】(1)由匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得:vC= = m/s=2.64m/s2(60.307.50)10220.10vD= = m/s=3.90m/s2(105.6027.60)10220.10(2)方法一:由逐差法可得小车的加速度:a=(+)(+)42= m/s2=12.6m/s2(105.6027.6027.60)10240.102方法二:由 vD=vC+aT 得:a= = m/s2=12.6m/s2 3.902.640.10答案：(1)2.64 3.90 (2)12.613.【解析】(1)设物体做匀减速运动的加速度大小为 a,初速度为
8、v0。由于物体停止运动前的最后 1s 内位移为 2m,则:s 2= a (1 分)1222解得:a= = m/s2=4m/s2 (12222 2212分)物体在第 1s 内位移为 6m,则有:s1=v0t1- a (1 分)1221解得:v 0= = m/s=8m/s21+2121 26+41221(1 分)在整个减速运动过程中物体的位移大小为s= = m=8m (12028224分)(2)对整个运动过程有:s= at2 (2 分)12解得:t= = s=2s (12 284分)答案：(1)8m (2)2s14.【解析】(1)设斜槽的倾角为 ,在不计阻力的条件下,游戏者下滑的加速度为 a=gs
9、in,斜槽 AB 的长度为 s= (1 分)H由 - =2as (1 分)220可得:v t= = =10 m/s (1 分)22 3(2)由几何关系式:sin= =0.6,cos=0.8 (1 分)1525由 - =2as 可得:a= = m/s2=2m/s2 (1 分)220 2202 1020225对游戏者进行受力分析,由牛顿第二定律可知:mgsin-mgcos=ma, (2 分)= = =0.5 (1g100.62100.8分)答案：(1)10 m/s (2)0.5315.【解析】(1)在匀速运动阶段,有 mgtan 0=kv0得 k= (2 分)m00(2)加速阶段,设球拍对球的支持
10、力为 N,有Nsin-kv=ma (1 分)Ncos=mg (1 分)得 tan= + tan 0 (1 分)0(3)以速度 v0匀速运动时,设空气阻力与重力的合力为 F,有F= (1 分)m0球拍倾角为 0+ 时,空气阻力与重力的合力不变,设球沿球拍面下滑的加速度大小为 a有 Fsin=ma (1 分)设匀速跑阶段所用时间为 t,有 t= - (2 分)002球不从球拍上掉落的条件 at 2r12得 sin (1 分)20(002)2答案：(1) (2)tan= + tan 0m00 0(3)sin20(002)216.【解析】(1)设 A、B 两物块的加速度分别为 a1、a 2,由 v -
11、t 图像可知,A、B的初速度 v0=6m/s,A 物块的末速度 v1=12m/s,B 物块的末速度 v2=0,则:a1= = m/s2=0.75m/s2 (1 分) 1112680a2= = m/s2=-1.5m/s2 (1 分) 220640负号表示加速度方向与初速度方向相反。对 A、B 两物块分别由牛顿第二定律得:F-Ff=ma1 (2 分)-Ff=ma2 (2 分)解以上各式得:F=1.8N (1 分)(2)设 A、B 两物块 8s 内的位移分别为 s1、s 2,由图像得:s1= t1=72m (2 分)0+12s2= t2=12m (2 分)0+22s=s1-s2=60m (1 分)答
12、案：(1)1.8N (2)60m阶段滚动检测(五) 第九十三章(90 分钟 100 分)第卷(选择题 共 50 分)一、选择题(本大题共 10 小题,每小题 5 分,共 50 分。每小题至少一个答案正确,选不全得 3 分)1.了解物理规律的发现过程,学会像科学家那样观察和思考,往往比掌握知识本身更重要。以下符合史实的是 ( )A.焦耳发现了电流热效应的规律B.库仑总结出了点电荷间相互作用的规律C.楞次发现了电流的磁效应,拉开了研究电与磁相互关系的序幕D.法拉第总结出了判断感应电流方向的方法2.(滚动单独考查)有两个相同的电阻 R 串联起来接在电动势为 E 的电源上,通过每个电阻的电流为 I,若
13、将这两个电阻并联起来,仍接在该电源上,此时通过一个电阻 R 的电流为 I,则该电源的内阻是 ( )23A.R B.R2C.4R D.R83.(2013宁德模拟)质量为 m 的通电细杆置于倾角为 的导轨上,导轨的宽度为 d,杆与导轨间的动摩擦因数为 ,有垂直于纸面向里的电流通过杆,杆恰好静止于导轨上。在如图所示的 A、B、C、D 四个图中,杆与导轨间的摩擦力一定不为零的是 ( )4.某电路中电场随时间变化的图像如图所示,能产生电磁波的电场是 ( )5.(2013梧州模拟)如图所示,ab 为一金属杆,它处在垂直于纸面向里的匀强磁场中,可绕 a 点在纸面内转动;S 为以 a 为圆心位于纸面内的金属环
14、;在杆转动过程中,杆的 b 端与金属环保持良好接触;A 为电流表,其一端与金属环相连,一端与 a 点良好接触。当杆沿顺时针方向转动时,某时刻 ab杆的位置如图所示,则此时刻 ( )A.有电流通过电流表,方向由 c 向 d,作用于 ab 的安培力向右B.有电流通过电流表,方向由 c 向 d,作用于 ab 的安培力向左C.有电流通过电流表,方向由 d 向 c,作用于 ab 的安培力向右D.无电流通过电流表,作用于 ab 的安培力为零6.(滚动单独考查)P、Q 两电荷的电场线分布如图所示,a、b、c、d 为电场中的四点。一个离子从 a 运动到 b(不计重力),轨迹如图所示,则下列判断正确的是( )A
15、.P 带负电B.c、d 两点电势相等C.离子在运动过程中受到 P 的吸引力D.离子从 a 到 b,电场力做正功7.(滚动交汇考查)一理想变压器的原线圈连接一只电流表,副线圈接入电路的匝数可以通过滑动触头 Q 调节,如图所示。在副线圈上连接了定值电阻 R0和滑动变阻器 R,P 为滑动变阻器的滑动触头。原线圈两端接在电压为 U 的交流电源上。则 ( )A.保持 Q 的位置不动,将 P 向上滑动时,电流表的读数变大B.保持 Q 的位置不动,将 P 向上滑动时,电流表的读数变小C.保持 P 的位置不动,将 Q 向上滑动时,电流表的读数变大D.保持 P 的位置不动,将 Q 向上滑动时,电流表的读数变小8
16、.如图所示,T 为理想变压器,副线圈回路中的输电线 ab 和 cd 的电阻不可忽略,其余输电线电阻可不计,则当开关 S 闭合时 ( )A.交流电压表 V2和 V3的示数一定都变小B.交流电压表 V3的示数变小C.交流电流表 A1、A 2和 A3的示数一定变大D.只有 A1的示数变大9.(2013南宁模拟)如图所示,两块相距为 d 的水平放置的金属板组成一个平行板电容器,用导线、开关 S 将其与一个 n 匝的线圈连接,线圈置于方向竖直向上的均匀变化的磁场中,两板间放一台小压力传感器,压力传感器上表面绝缘且水平,在其上表面静止放置一个质量为 m、电荷量为+q 的小球。已知 S 断开时传感器上有示数
17、,S 闭合后传感器上的示数变为原来的二倍,则穿过线圈的磁场的磁感应强度变化情况和磁通量变化率分别是 ( )A.正在增强, = mB.正在增强, = mC.正在减弱, = mD.正在减弱, = m10.(2013宁波模拟)如图所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为 k,输出端接有一交流电动机,此电动机线圈的电阻为 R。当原线圈两端接有正弦交变电流时,变压器的输入功率为 P0,电动机恰好能带动质量为 m 的物体以速度 v 匀速上升,此时理想交流电流表 A 的示数为 I。若不计电动机的机械能损耗,重力加速度为 g,则下列说法正确的是 ( )A.电动机输出的机械功率为 P0B.变压器的输出功率为 mgv
18、C.副线圈两端电压的有效值为k0D.整个装置的效率为m0第卷(非选择题 共 50 分)二、实验题(本大题共 2 小题,共 12 分)11.(滚动单独考查)(4 分)在测一节干电池(电动势约为 1.5V,内阻约为 2)的电动势和内阻的实验中,变阻器和电压表各有两个供选:A.电压表量程为 15V;B.电压表量程为 3V。A.变阻器为(020,3A);B.变阻器为(0500,0.2A)。电压表应该选 (选填“A”或“B”),这是因为 。变阻器应该选 (选填“A”或“B”),这是因为 。12.(2013百色模拟)(8 分)在做“测定金属电阻率”的实验中,待测金属的阻值约为 5。(1)某同学先通过游标卡
19、尺和螺旋测微器分别测量一薄的金属圆片的直径和厚度,读出图中的示数,游标卡尺所示的金属圆片的直径的测量值为 cm,螺旋测微器所示的金属圆片的厚度的测量值为 mm。(2)实验室准备用来测量该电阻值的实验器材有:电压表 V1(量程 03 V,内电阻约 15 k);电压表 V2(量程 015 V,内电阻约 75 k);电流表 A1(量程 03 A,内电阻约 0.2);电流表 A2(量程 0600 mA,内电阻约 3);滑动变阻器 R(最大阻值为 100,额定电流为 0.6 A);电池组 E(电动势为 3 V、内电阻约为 0.3);开关及导线若干。为使实验能正常进行,减小测量误差,实验要求电表读数从零开
20、始变化,并能多测几组电流、电压值,以便画出电流电压关系图线,则电压表应选用 (填实验器材的代号)。电流表应选用 (填实验器材的代号)。在虚线框内完成电路原理图。(标出所选器材的代号)(3)这位同学在一次测量时,电流表、电压表的示数如图所示。由图中电流表、电压表的读数可计算出待测金属的电阻为 。(结果精确到小数点后一位)。三、计算题(本大题共 4 小题,共 38 分。要有必要的文字说明和解题步骤,有数值计算的要注明单位)13.(滚动交汇考查)(8 分)如图所示,间距为 L 的光滑平行金属导轨水平放置在磁感应强度为 B 的磁场中,一端接有阻值为 R 的电阻,一质量为 m,电阻为r 的导体棒 ab
21、放置在导轨上,在外力 F 作用下从 t=0 开始运动,其速度规律为v=vmsint,不计导轨电阻及感应电流的磁场对原磁场的影响,求:(1)感应电动势的表达式;(2)电阻 R 上的发热功率。14.(10 分)宽度为 L,足够长的光滑倾斜导轨与水平面间夹角为 ,匀强磁场磁感应强度为 B,方向垂直于导轨向上,范围足够大,导轨的上端连着一个阻值为 R 的电阻,下端连着一个阻值为 2R 的电阻,导轨电阻不计。金属棒 ab 长为 L,质量为 m,电阻也为 R,垂直地放在导轨上。在某一平行于导轨向上的恒力(图中未画出)的作用下,ab 棒从静止开始沿导轨向上运动,最后达到稳定的运动状态。整个过程中,通过斜面底
22、端电阻 2R 的最大电流为 I,求:(1)通过 ab 棒的最大电流;(2)ab 棒的最大加速度;(3)ab 棒的最大速度。15.(2013内江模拟)(10 分)如图所示,一个内壁光滑绝缘的 环形细圆筒轨道竖直放置,环的半径为 R,圆心 O 与13A 端在同一竖直线上,在 OA 连线的右侧有一竖直向上的场强 E= 的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场。现有一m个质量为 m、电荷量为+q 的小球(可视为质点)从圆筒的 C 端由静止释放,进入OA 连线右边的区域后从该区域的边界水平射出,然后,刚好从 C 端射入圆筒,圆筒的内径很小,可以忽略不计。(1)小球第一次运动到 A 端时,对轨道的压力为多大?(
23、2)匀强磁场的磁感应强度为多大?16.(2013廊坊模拟)(10 分)如图甲所示,在一个正方形金属线圈区域内,存在着磁感应强度 B 随时间变化的匀强磁场,磁场的方向与线圈平面垂直。金属线圈所围的面积 S=200cm2,匝数 n=1000,线圈电阻 r=1.0。线圈与电阻 R 构成闭合回路,电阻的阻值 R=4.0。匀强磁场的磁感应强度随时间变化的情况如图乙所示,求:(1)在 t1=2.0s 时刻,通过电阻 R 的感应电流的大小;(2)在 t2=5.0s 时刻,电阻 R 消耗的电功率;(3)06.0 s 内整个闭合电路中产生的热量。答案解析1.A、B 焦耳发现了电流的热效应规律,并提出焦耳定律,A
24、 正确;库仑总结了点电荷间相互作用的规律,提出了库仑定律,B 正确;奥斯特发现了电流的磁效应,C错;楞次总结出了判断感应电流方向的方法,法拉第得出了感应电流大小的计算方法,D 错。2.C 由闭合电路欧姆定律得,两电阻串联时 I= ,两电阻并联时 I= E2+ 23 12,解得 r=4R,故选 C。E2+3.C、D A 中通电细杆所受安培力水平向右,B 中安培力竖直向上,这两种情况,即使没有摩擦力,通电细杆也可以静止在导轨上;C 中安培力竖直向下,D 中安培力水平向左,这两种情况,如果没有摩擦力,通电细杆均不能静止,故 C、D 均对。4.D 由麦克斯韦电磁场理论知,当空间出现恒定的电场时,由于其
25、不激发磁场,故无电磁波产生,A 错;当空间出现均匀变化的电场时,会激发出磁场,但磁场恒定,不会再激发出电场,故也不会产生电磁波,B、C 错;只有周期性变化的电场才会激发出周期性变化的磁场,其又激发出周期性变化的电场,如此不断激发,便会形成电磁波,D 对。5.A 当金属杆 ab 顺时针方向转动时,切割磁感线,由法拉第电磁感应定律知产生感应电动势,由右手定则可知将产生由 a 到 b 的感应电流,电流表的 d 端与 a端相连,c 端与 b 端相连,则通过电流表的电流是由 c 到 d。而金属杆在磁场中会受到安培力的作用,由左手定则可判断出安培力的方向为水平向右,阻碍金属杆的运动,所以 A 正确。6.C
26、 沿电场线方向电势降低,则 P 是正电荷,Q 是负电荷,且 c d,选项 A、B均错;离子受电场力的方向应该指向曲线的凹侧,故可以判断出离子在运动过程中受到 P 的吸引力,即离子带负电,选项 C 正确;离子从 a 到 b,电场力做负功,电势能增加,选项 D 错误。7.B、C 根据理想变压器原、副线圈上电压、电流决定关系知:在输入电压 U1不变的情况下,U 2不变。当保持 Q 的位置不动,滑动触头 P 向上滑动时,副线圈上的电阻增大,电流减小,故输入电流 I1亦随着减小,即电流表的示数变小,A 错误,B 正确;当保持 P 的位置不动,将 Q 向上滑动时,由 = 知,副线圈上匝数增U12n12大,
27、引起副线圈上电压增大,即副线圈上电流增大,故原线圈上的电流亦随着增大,故电流表的示数增大,C 正确,D 错误。8.B 在理想变压器中,因为 U 不变,故 V2示数不变;闭合 S 时,负载电阻变小,副线圈中电流 I2增大,A 2示数增大,由 P 入 =P 出 ,即 IU=I2U2可知 A1示数增大,因为ab 和 cd 导线的电阻不可忽略,V 3改测 R2两端电压,故 V3示数变小。R 1两端电压减小,故流过 R1处的电流 I3变小,A 3示数变小,故 B 正确。9.D S 闭合后传感器上的示数变为原来的 2 倍,说明小球受到了向下的电场力作用,大小为 mg,故板间电压为 ,线圈产生的感应电动势
28、E=n = ,则m m= ,电容器上极板带正电,由楞次定律知,磁感应强度正在减弱,D 正确。 m10.D 因物体匀速上升,电动机的输出功率等于克服物体重力做功的功率,而电动机线圈要产生焦耳热,故变压器的输入功率即输出功率就等于电动机线圈的发热功率与机械功率之和,P 0=mgv+I2R,A、B 皆错误。因副线圈的输出功率为 P0,通过的电流为 I,故其两端电压为 U2= ,C 错误。整个装置效率为有用功率(电动P0机对物体做功的功率)与消耗的总功率(变压器的输入功率)之比,D 正确。11.【解析】电动势为 1.5 V,而 A 电压表量程为 15 V,若用 A 则很难精确读数,误差太大;B 变阻器
29、电阻太大而额定电流过小,调节不方便。答案：B A 电压表量程过大,读数误差较大 A B 变阻器额定电流过小,调节不方便12.【解析】(1)游标卡尺的读数为 29mm+80.1 mm=29.8 mm=2.98 cm,螺旋测微器的读数为 2.0 mm+13.00.01 mm=2.130 mm。(2)因电源电动势为 3V,为了较准确地读数,电压表应选 V1;估算流过待测电阻的最大电流 Im= 0.3s)时的波形图像,其中 P 点在 t=0 时刻的振动速度正在增大,则下列说法中正确的是 ( )A.波速为 13 m/s13B.波速为 10m/sC.在 0 内质点 P 运动的平均速度小于 0.4m/sT4
