1、2014-2015学年河南省南阳市淅川二中高二（上）第二次月考物理试卷一、选择题（每题4分，共48分选对得4分，漏选得2分，错选不得分）1（4分）（2013秋赫山区校级期中）元电荷所带的电荷量是（）A1.61018CB1.61019CC1.601020CD1.601021C考点：元电荷、点电荷版权所有专题：常规题型分析：元电荷是指最小的电荷量，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍解答：解：元电荷是指最小的电荷量，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍元电荷所带的电荷量是1.61019C故选：B点评：本题就是对元电荷概念的考查，知道任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍2（4
2、分）（2012秋建德市校级期中）用一根跟毛皮摩擦过的硬橡胶棒，靠近不带电验电器的金属小球a，然后用手指瞬间接触一下金属杆c后拿开橡胶棒，这时验电器小球a和金箔b的带电情况是（）Aa、b均带正电Ba、b均带负电Ca带正电，b带负电Da带负电，b带正电考点：电荷守恒定律版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：导体内自由电荷在电场力作用下重新分布，导体两端出现等量正负感应电荷的现象叫做感应起电；感应起电的实质是在带电体上电荷的作用下，导体上的正负电荷发生了分离，使电荷从导体的一部分转移到了另一部分，只有导体上的电子才能自由移动，绝缘体上的电子不能自由移动，所以导体能发生感应起电，而绝缘体不能解答：
3、解：由于人和地球都是导体，用手指瞬间接触金属杆c时，人、地球和验电器构成一个整体，在带负电荷的橡胶棒的影响下发生静电感应，近端带正电；移开手指后，验电器上的正电荷不会再改变，故验电器带正电，再移开橡胶棒后，验电器上的正电荷不会再改变；故选A点评：感应起电的实质不是产生了电荷，而是导体上的自由电荷从一端移动到另一端，从而使导体两端带上等量异号的电荷，且符合近端所带电荷的电性与引起静电感应的带电体的电性相反，而远端相同的规律3（4分）（2013秋兴庆区校级期中）关于电动势，下列说法正确的是（）A在电源内部把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，电能增加B对于给定的电源，移动正电荷非静电力做功越多，电
4、动势就越大C电动势越大，说明非静电力在电源内部从负极向正极移送单位电荷量的正电荷做功越多D电动势越大，说明非静电力在电源内部把正电荷从负极到正极移送电荷量越多考点：电源的电动势和内阻版权所有专题：恒定电流专题分析：在电源内部把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，电能增加；电动势的定义式为E=，W是非静电力做功根据这些知识进行分析解答：解：A、在电源内部，非静电力把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，其他形式的能转化电能，则电能增加，故A正确B、对于给定的电源，电动势是一定的，与非静电力做功无关，故B错误C、D、根据电动势的定义式 E=，可知电动势越大，说明非静电力在电源内部从负极向正极移送单位
5、电荷量的正电荷做功越多，并不表示所移送电荷量越多故C正确，D错误故选：AC点评：本题考查对于电源的电动势的理解能力电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关，掌握电动势的定义式，并分析电动势的意义4（4分）（2014秋淅川县校级月考）某电解池，如果在1s中内共有5.01018个二价正离子和5.01018个一价负电子通过某横截面，那么通过这个横截面的电流强度是多大（）A2.4AB3.2AC4.8AD6.4A考点：电流、电压概念；欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：由题计算出1s内通过截面正离子与负离子电量绝对值之和，根据电流的定义式求解电流一价离子所带电量大小为e=1.6
6、1019C解答：解：由题，1s内通过截面正离子的电量为q1=2n1e，负离子的电量绝对值为q2=n2e，则电流为I=，将n1=51018个，n2=51018个，e=1.61019C代入解得，I=2.4A故选：A点评：本题是电流定义式的应用，关键确定通过导体截面的电量，当电流由正负离子向相反方向定向移动形成时，电量等于正离子与负离子电量绝对值之和5（4分）（2014秋淅川县校级月考）如图所示，下面说法正确的是（）ARcRd，RaRbBRdRc，RbRaCRcRdRaRbDRaRbRcRd考点：欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：UI图象中图象中图象的斜率表示电阻，根据斜率可比较电阻大小解答：
7、解：由图可知，由a到d斜率减小；故电阻减小；因此RaRbRcRd；故AC正确；BD错误故选：AC点评：本题考查对伏安特性曲线的掌握，要注意明确其斜率表示电阻的大小6（4分）（2014秋淅川县校级月考）如图是某电场区域的电场线分布，A、B、C是电场中的三个点，下列说法正确的是（）AA点的电场强度最大BB点的电场强度最大C把一个正的点电荷依次放在这三点时，其中放在B点时它受到的静电力最大D把一个带负电的点电荷放在A点时，它所受的静电力方向和A点的电场强度方向一致考点：电场线版权所有分析：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小根据电场力的计算公式F=Eq，知场强大处，电荷受到的电场力
8、大电场线向上某点的切线方向为该点的电场强度的方向，即正点电荷在该点受到的电场力的方向解答：解：AB、电场线密处场强大，电场线稀处场强小，有图可知A点的场强最小，B点的场强最大故A错误，B正确C、根据电场力的计算公式F=Eq，故场强大处，同一电荷受到的电场力大，由于B处的电场强度最大，故同一电荷在B处受到的静电力最大，故C正确D、电场强度的方向为正点电荷在该点受到的电场力的方向，与负电荷在该点受到的电场力方向相反，故D错误故选：BC点评：本题要求掌握根据电场线判断电场强度的大小和方向，知道电场力的公式F=Eq，场强大处，电荷受到的电场力大7（4分）（2012秋普宁市校级期末）一带电粒子在如图所示
9、的点电荷的电场中，在电场力作用下沿虚线所示轨迹从A点运动到B点，电荷的加速度、动能、电势能的变化情况是（）A加速度的大小增大，动能、电势能都增加B加速度的大小减小，动能、电势能都减少C加速度增大，动能增加，电势能减少D加速度增大，动能减少，电势能增加考点：电势能；电场强度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电荷所受电场力的大小，根据牛顿第二定律比较加速度的大小，根据动能定理比较动能的大小，根据电场力做功，判断电势能的变化解答：解：电荷在A点电场线比B点疏，所以A点的电场力小于B点的电场力，则A点的加速度小于B点的加速度从A到B，电场力做正功，根据动能定理，动能增加电场力做正功，电势能
10、减小故C正确，A、B、D错误故选：C点评：解决本题的关键掌握牛顿第二定律和动能定理，以及掌握电场力做功与电势能的关系8（4分）（2014秋景洪市校级期中）电工穿的高压作业服是用铜丝编织的，下列说法正确的是（）A铜丝编织的衣服不易拉破B电工被铜丝衣服所包裹，使体内电势为零C电工被铜丝衣服所包裹，使体内场强为零D铜丝电阻小，能对人体起到保护作用考点：静电场中的导体版权所有分析：处在高压电场中的人体，会有危险电流流过，危及人身安全，因而所有进入高电场的工作人员，都应穿全套屏蔽服 带电作业屏蔽服又叫等电位均压服，是采用均匀的导体材料和纤维材料制成的服装其作用是在穿用后，使处于高压电场中的人体外表面各部
11、位形成一个等电位屏蔽面，从而防护人体免受高压电场及电磁波的危害 成套的屏蔽服装应包括上衣、裤子、帽子、袜子、手套、鞋及其相应的连接线和连接头解答：解：屏蔽服作用是在穿用后，使处于高压电场中的人体外表面各部位形成一个等电位屏蔽面，从而防护人体免受高压电场及电磁波的危害等电位说明电势相等而不是等于0，等电势时电势差为0，电场强度为0所以C正确，ABD错误故选C点评：本题考查了屏蔽服的作用，要求同学们能用物理知识解释生活中的现象，难度不大，属于基础题9（4分）（2012秋潮南区期中）如图所示三个完全相同的电阻阻值R1=R2=R3，接在电路中，则它们两端的电压之比为（）A1：1：1B1：2：2C1：4
12、：4D2：1：1考点：串联电路和并联电路版权所有专题：恒定电流专题分析：明确三个电阻的连接方式，根据串并联电路的规律可求得电压之比解答：解：设流过R1的电流为I，则流为R2与R3的电流均为；则由欧姆定律可知；电压之比为：IR：=2：1：1故选：D点评：本题要明确流过R2与R3的电流之和等于流过R1的电流10（4分）（2014秋淅川县校级月考）用伏安法测定电阻R0的电路如图所示，如果用甲图接法测得电阻值为R1，用乙图接法测电阻为R2，则下列结论正确的是（）AR1R0R2BR2R0R1CR1R0，R2R0DR0R1，R0R2考点：伏安法测电阻版权所有专题：实验题；恒定电流专题分析：根据两接法的特点
13、可知误差的来源及对结果的影响，即可得出其测量结果与真实值之间的关系解答：解：由图甲所示可知，电流表采用内接法，由于电流表的分压作用，电压测量值偏大，由欧姆定律可知，电阻测量值大于真实值，即：R1R0；由图乙所示可知，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，电流表的测量值偏大，由欧姆定律可知，电阻的测量值小于真实值，即：R0R2；故选：A点评：本题考查误差的分析，要明确两种不同的接法中电表对实验的影响，从而得出测量值与真实值之间的关系11（4分）（2014秋仁寿县校级期中）如图中所示虚线表示等势面，相邻等势面间的电势差相等，有一带正电的粒子在电场中运动，实线表示该粒子的运动轨迹小球在a点的动能等
14、于20ev，b点的动能等于2ev若取c点为零势点，则当这个带电小球的电势能等于6eV时（不计重力和空气阻力），它的动能等于（）A16 evB14 evC6 evD4 ev考点：电势能版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：小球只受电场力时，小球的动能和电势能之和保持不变，确定出小球的总能量，即可根据能量守恒定律求解解答：解：小球自a点运动到b时，电场力做负功：Wab=2eV20eV=18eV由于相邻两等势面的电势差相等，故电势差的大小关系有：Uab=3Ucb从b到c电场力做正功，根据动能定理有：Wbc=EkcEkb联立可得：Ekc=8eV由于只有电场力做功，电势能和动能和保持不变，故在c点：
15、E=Ep+Ek=8eV即电势能和动能之和为8eV，因此当电势能等于6eV时动能为14eV，故ACD错误，B正确故选：B点评：学习电场中的功能关系时可以类比在重力场的功能关系，如只有重力做功，动能和重力势能之和保持不变；那么只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变12（4分）（2012秋松山区校级期中）如图所示，平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为（）A保持S闭合，将A板向B板靠近，则不变B保持S闭合，将A板向B板靠近，则增大C断开S，将A板向B板靠近，则不变D断开S，将A板向B板靠近，则增大考点：电容器的动态分
16、析；匀强电场中电势差和电场强度的关系菁优网版权所有专题：电容器专题分析：电容器充电后电键S断开，电容器所带电量不变，根据推论分析板间场强是否变化，判断如何变化保持电键S闭合，板间电压不变，将A板向B板靠近，根据E=分析板间场强如何变化，判断如何变化解答：解：A、B、保持电键S闭合，板间电压不变，将A板向B板靠近，板间距离d减小，由板间场强E=分析得到场强增大，小球所受电场力增大，则增大故A错误，B正确C、D、电容器充电后电键S断开，电容器所带电量不变，两板正对面积和介电常量都不变，根据推论E=，得知，板间场强E不变，小球所受电场力不变，则将A板向B板靠近时，不变故C正确，D错误故选：BC点评：
17、电容器所带电量不变，两板正对面积和介电常量不变，板间场强不变是重要的推论，要在理解的基础上加强记忆二、实验题（1）每空2分，（2）（3）每空3分，共15分）13（15分）（2011秋潜江校级期中）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，实验室备有下列器材供选择：A待测小灯泡“3.0V、1.5W”B电流表（量程3A，内阻约为1）C电流表（量程0.6A，内阻约为5）D电压表（量程3.0V，内阻约10k）E电压表（量程15.0V，内阻约为50k）F滑动变阻器（最大阻值为100，额定电流50mA）G滑动变阻器（最大阻值为10，额定电流1.0A）H电源（电动势为4.0V，内阻不计）I电键及导线等（1）为了
18、使实验完成的更好，电流表应选用C；电压表应选用D；滑动变阻器应选用G（只需填器材前面的字母即可）（2）请在图1虚线框内画出实验电路图（3）某同学在一次测量时，电流表、电压表的示数如图2所示则电压值为1.80 V，电流值为0.33 A考点：描绘小电珠的伏安特性曲线版权所有专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）根据灯泡额定电压选择电压表，根据灯泡额定电流选择电流表，为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器（2）根据题意确定滑动变阻器的接法，根据灯泡与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后连接实物电路图（3）根据电表指针示数，求出此时灯泡的电压和电流解答：解：（1）灯泡额定电压为3V，电压表应选D，
19、灯泡额定电流为I=0.5A，电流表应选C，为方便实验操作应选滑动变阻器G（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；灯泡正常发光时的电阻为：R=6，电流表内阻约为5，电压表内阻约为10k，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示（3）电流表、电压表的示数如图2所示，则电压值为1.80V，电流值为0.33 A，（1）C； D； G （2）（3）1.80； 0.33点评：滑动变阻器的分压限流接法，安培表内外接法，仪器的选择是电学实验考查的重点，同时要学会根据图线进行数据处理三、计算题（要写出必要的解答过程和文字，共37分）14（9分）（2
20、008春芦淞区校级期末）如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60角，一个电荷量为q=4108C的正电荷从a移到b电场力做功为W1=1.2106J求：（1）匀强电场的场强E=？（2）电荷从b移到c电场力做功W2=？（3）a、c两点的电势差Uac=？考点：电势能；电势差；电势版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：（1）根据电场力做功公式W=qEd，求解电场强度，d是电场线方向两点间的距离（2）电场力做功公式W=qEd，求解电荷从b移到c电场力做功W2（3）先求出电荷从a到c电场力做功，再求解a、c两点的电势差Uac解答：解：
21、（1）由题，由W1=qElab得 E=600V/m（2）电荷从b移到c电场力做功为 W2=qElbccos60=41086000.120.5J=1.44106J（3）电荷从a移到c电场力做功为 Wac=W1+W2则a、c两点的电势差为=66V答：（1）匀强电场的场强E=600V/m（2）电荷从b移到c电场力做功W2=1.44106J（3）a、c两点的电势差Uac=66V点评：匀强电场中电场力做功公式W=qEd中，d是两点间沿电场线方向的距离，求功时要注意判断功的正负15（12分）（2014秋郑州校级月考）有一电流表G，内阻Rg=10，满偏电流Ig=3mA（1）要把它改装成量程为03V的电压表，
22、应串联一个多大的电阻？改装后电压表的内阻是多大？（2）要把它改装成量程为00.6A的电流表，需要并联一个多大的电阻？改装后电流表的内阻是多大？考点：把电流表改装成电压表版权所有专题：实验题；恒定电流专题分析：把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻，改装成大量程的电流表，需要并联一个分流电阻，由串并联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值解答：解：（1）把电流表G改装成03V的电压表，需要串联电阻的阻值为：R=10=990； 电压表的内阻是为1000（2）把G改装成00.6A的电流表，需要并联电阻的阻值为： R=0.05；改装后的内阻为0.05答：（1）要把它改装成量程为03V的电压表，应串联一个
23、990的电阻；内阻为1000（2）要把它改装成量程为00.6A的电流表，需要并联一个0.05的电阻内阻为0.05点评：本题考查了电压表与电流表的改装，知道电表改装原理、应用串并联电路特点与欧姆定律可以正确解题16（16分）（2014秋淅川县校级月考）如图所示，由静止开始被电场（加速电压为U1）加速的带电粒子平行于两正对的平行金属板且从两板正中间射入，从右侧射出，设在此过程中带电粒子没有碰到两极板若金属板长为L，板间距离为d、两板间电压为U2，求：（1）粒子穿越加速电场获得的速度（2）粒子穿越偏转电场的时间（3）粒子离开偏转电场时的侧移距离y（4）粒子离开偏转电场时的偏角考点：带电粒子在匀强电场
24、中的运动版权所有专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：（1）由动能定理可求得加速穿过加速电场速度；（2）由水平方向的匀速直线运动规律可求得穿越偏转电场的时间；（3）由沿电场线的匀加速直线运动规律可求得侧移距离；（4）分别求出水平速度和沿电场的速度，由速度的合成和分解可求得偏角解答：解：（1）设电子被加速后速度大小为v0，对于电子在加速电场中由动能定理得：eU1= 所以v0= （2）在偏转电场中，由电子做类平抛运动，设加速度为a，极板长度为L，由于电子恰好射出电场，所以有：L=v0t 解得：t=L；（3）粒子穿越偏转电场时沿电场方向的加速度a：带电粒子在偏转电场中运动时沿电场方向的加速度a=带电粒子在偏转电场中运动时沿电场方向作初速度为0的做匀加速直线运动y=at2=L2=（4）带电粒子离开电场时沿电场方向的速度为vy，则vy=at=设飞出两板间时的速度方向与水平方向夹角为则tan=解：（1）粒子穿越加速电场获得的速度（2）粒子穿越偏转电场的时间为L；（3）粒子离开偏转电场时的侧移距离y为；（4）粒子离开偏转电场时的偏角的正切值为点评：电子先在加速电场中做匀加速直线运动，后在偏转电场中做类平抛运动，根据电子的运动的规律逐个分析即可- 11 -
