1、云南省建水县 2018 届高三四校联考卷（三）高三理综 物理命题单位：教育科学研究所一、单选题(共 4 小题,每小题 6.0 分,共 24 分) 1.下列说法中正确的是( )A 为了解释光电效应规律，爱因斯坦提出了光子说B 在完成 a 粒子散射实验后，卢瑟福提出了原子的能级结构C 玛丽居里首先发现了放射现象D 在原子核人工转变的实验中，查德威克发现了质子2.如图所示，两块相互垂直的光滑挡板 OP， OQ， OP 竖直放置，小球 a， b 固定在轻弹簧的两端水平力 F 作用于 b 时， a， b 紧靠挡板处于静止状态现保证 b 球不动，使挡板 OP 向右缓慢平移一小段距离，则（ ）A 弹簧变长B
2、 弹簧变短C 力 F 变大D b 对地面的压力变大3.如图，用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上，系统处于平衡状态。现使小车从静止开始向左加速，加速度从零开始逐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳定的偏离竖直方向某一角度（橡皮筋在弹性限度内 ）。与稳定在竖直位置时相比，小球高度（ ）A 一定升高B 一定降低C 保持不变D 升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定4.经长期观测，人们在宇宙中已经发现了“双星系统”，“双星系统”由两颗相距较近的恒星组成，每个恒星的线度远小于两个星体之间的距离，而且双星系统一般远离其他天体如图所示，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力作用下，绕连线上的 O 点做周期相同的
3、匀速圆周运动现测得两颗星之间的距离为 L，质量之比为 m1： m2=3：2则下列结论不正确的是（ ）A m1， m2做圆周运动的线速度之比为 3：2 B m1， m2做圆周运动的角速度之比为 1：1 C m1做圆周运动的半径为 D m2做圆周运动的半径为二、多选题(共 4 小题,每小题 6.0 分,共 24 分) 5.(多选)如图所示，一轻质橡皮筋的一端系在竖直放置的半径为 0.5m 的圆环顶点 P，另一端系一质量为 0.1kg 的小球，小球穿在圆环上可做无摩擦的运动。设开始时小球置于 A 点，橡皮筋处于刚好无形变状态， A 点与圆心 O 位于同一水平线上。当小球运动到最低点 B 时速率为 1
4、m/s，此时小球对圆环恰好没有压力(取 g=10m/s2)。下列 正确的是（ ）A 从 A 到 B 的过程中，小球的机械能守恒B 从 A 到 B 的过程中，橡皮筋的弹性势能增加了 0.45 JC 小球过 B 点时，橡皮筋上的弹力为 0.2ND 小球过 B 点时，橡皮筋上的弹力为 1.2N6.一对平行金属板长为 L，两板间距为 d，质量为 m，电荷量为 e 的电子从平行板左侧以速度v0沿两板的中线不断进入平行板之间，两板间所加交变电压 uAB如图所示，交变电压的周期T ，已知所有电子都能穿过平行板，且偏距最大的粒子刚好从极板的边缘飞出，不计重力作用，则( )A 所有电子都从右侧的同一点离开电场B
5、 所有电子离开电场时速度都是 v0C t0 时刻进入电场的电子，离开电场时动能最大D t 时刻进入电场的电子，在两板间运动时最大侧位移为7.如图所示，以直角三角形 AOC 为边界的有界匀强磁场区域，磁感应强度为 B， A60，AO L，在 O 点放置一个粒子源，可以向各个方向发射某种带负电粒子(不计重力作用)，粒子的比荷为 ，发射速度大小都为 v0，且满足 v0 .粒子发射方向与 OC 边的夹角为 ，对于粒子进入磁场后的运动，下列说法正确的是( )A 粒子有可能打到 A 点B 以 60飞入的粒子在磁场中运动时间最短C 以 30飞入的粒子在磁场中运动的时间都相等D 在 AC 边界上只有一半区域有
6、粒子射出8.如图所示，将额定电压为 60 V 的用电器，通过一理想变压器接在正弦交变电源上闭合开关 S 后，用电器正常工作，交流电压表和交流电流表(均为理想电表)的示数分别为 220 V和 2.2A,以下判断正确的是( )A 变压器输入功率为 484 WB 通过原线圈的电流的有效值为 0.6 AC 通过副线圈的电流的最大值为 2.2 AD 变压器原，副线圈匝数比 n1 n2113分卷 II三、实验题(共 2 小题,共 15 分) 9.研究性学习小组为“研究匀变速直线运动的规律”和“测当地的重力加速度”，采用了如图 1 所示的装置，其中 m150g， m2150g，开始时保持装置静止，然后释放物
7、块 m2， m2可以带动 m1拖着纸带打出一系列的点，只要对纸带上的点进行测量，即可研究匀变速直线运动。某次实验打出的纸带如图 2 所示，0 是打下的第一个点，两相邻点间还有 4 个点没有标出，交流电频率为 50Hz。（1）系统的加速度大小为_m/s 2，在打点 05 的过程中，系统动能的增量E k_J。（2）忽略一切阻力的情况下，某同学作出的 图象如图 3 所示，则当地的重力加速度g _m/s2。10.实际电流表有内阻，测量电流表 G1内阻 r1的电路如图 1 所示供选择的仪器如下：待测电流表 G1(05 mA，内阻约 300 )电流表 G2(010 mA，内阻约 100 )定值电阻 R1(
8、300 )定值电阻 R2(10 )滑动变阻器 R3(01 000 )滑动变阻器 R4(020 )干电池(1.5 V)电键 S 及导线若干(1)定值电阻应选_，滑动变阻器应选_(在空格内填写序号)(2)对照电路图用笔连线连接如图 2 所示实物图(3)补全实验步骤：按如图 7 所示电路图连接电路，将滑动变阻器的触头移至最_(填“左端”或“右端”)；闭合电键 S，移动滑动触头至某一位置，记录 G1和 G2的读数 I1和 I2；多次移动滑动触头，记录 G1和 G2的读数 I1和 I2；以 I2为纵坐标， I1为横坐标，作出相应图线，如图 3 所示(4)根据 I2 I1图线的斜率 k 及定值电阻，写出待
9、测电流表内阻的表达式_四、计算题(共 2 小题,共 32 分) 11.（12 分）如图，在竖直平面内有一固定光滑轨道，其中 AB 是长为 s=10m 的水平直轨道，BCD 是圆心为 O，半径为 R=10m 的 3/4 圆弧轨道，两轨道相切于 B 点。在外力作用下，一小球从 A 点由静止开始做匀加速直线运动，到达 B 点时撤除外力。已知小球刚好能沿圆轨道经过最高点 C，重力加速度为 g=10m/s2。求：（1）小球在 AB 段运动的加速度的大小；（2）小球从 D 点运动到 A 点所用的时间。（结果可用根式表示）12.（20 分）某同学设计一个发电测速装置，工作原理如图所示，一个半径为 R0.1
10、m 的圆形金属导轨固定在竖直平面上，一根长为 R 的金属棒 OA， A 端与导轨接触良好， O 端固定在圆心处的转轴上转轴的左端有一个半径为 r 的圆盘，圆盘和金属棒能随转轴一起转动圆盘上绕有不可伸长的细线，下端挂着一个质量为 m0.5 kg 的铝块在金属导轨区域内存在垂直于导轨平面向右的匀强磁场，磁感应强度 B0.5 T a 点与导轨相连， b 点通过电刷与 O 端相连测量 a， b 两点间的电势差 U 可算得铝块速度铝块由静止释放，下落h0.3 m 时，测得 U0.15 V(细线与圆盘间没有滑动，金属棒，导轨，导线及电刷的电阻均不计，重力加速度 g10 m/s 2)(1)测 U 时，与 a
11、 点相接的是电压表的“正极”还是“负极”？(2)求此时铝块的速度大小；(3)求此下落过程中铝块机械能的损失13.(1)下列说法正确的是（ ）(I)若某种实际气体分子的作用力表现为引力，则一定质量的该气体内能的大小与气体体积和温度的关系正确的是 ( )A.如果保持其体积不变，温度升高，内能一定增大B.如果保持其温度不变，体积增大，内能一定增大C.如果吸收热量，温度升高，体积增大，内能不一定增大D.热量能够从高温物体传到低温物体，但不可能从低温物体传到高温物体E.任何热机都不可能使燃料释放的热量完全转化为机械能(2) 如图所示，一圆柱形绝热容器竖直放置，通过绝热活塞封闭着摄氏温度为 t1的理想气体
12、，活塞的质量为 m，横截面积为 S，与容器底部相距 h1。现通过电热丝给气体加热一段时间，使其温度上升到（摄氏） t2，若这段时间内气体吸收的热量为 Q，已知大气压强为 P0，重力加速度为 g，求：气体的压强这段时间内活塞上升的距离是多少？这段时间内气体的内能如何变化，变化了多少？14.(1)某横波在介质中沿 x 轴正方向传播， t0 时刻， O 点开始向正方向运动，经 t0.2 s， O 点第一次到达正方向最大位移处，某时刻形成的波形如图所示，下列说法正确的是_A该横波的波速为 5 m/sB质点 L 与质点 N 都运动起来后，它们的运动方向总相反C在 0.2 s 的时间内质点 M 通过的路程
13、为 1 mD在 t2.6 s 时刻，质点 M 处于平衡位置，正沿 y 轴负方向运动E图示波形图可能是 t1.2 s 时刻的(2)如图所示的直角三角形 ABC 是玻璃砖的横截面， ， ， BC 的长为 L， E为 BC 边的中点。一束平行于 AB 的光束从 AC 边上的某点射入玻璃砖，进入玻璃砖后，在 BC边上的 E 点被反射，EF 是该反射光线，一且 EF 恰与 AC 平行。求：玻璃砖的折射率；该光束从 AC 边上射入玻璃砖后在玻璃砖中传播的时间。答案解析1.【答案】A【解析】为了解释光电效应规律，爱因斯坦提出了光子说，选项 A 正确；在完成 a 粒子散射实验后，卢瑟福提出了原子的核式结构理论
14、，选项 B 错误；首先发现了放射现象的是贝克勒尔，选项 C 错误；在原子核人工转变的实验中，查德威克发现了中子，选项 D 错误。2.【答案】A【解析】对 a 隔离分析可知， OP 向右缓慢平移时弹簧弹力变小， op 对 a 的弹力变小；故弹簧变长，A 正确；对 ab 整体分析， F 与 op 对 a 的弹力平衡，变小， b 对地面的压力始终等于ab 的总重力，故不变。3.【答案】A【解析】竖直平衡时 kx1=mg，加速时，令橡皮筋与竖直方向夹角为 ，则 kx2cos =mg，可得 ； 静止时，球到悬点的竖直距离 ，加速时，球到悬点的竖直距离，比较可得， ，选项 A 正确。4.【答案】A【解析】
15、双星系统靠相互间的万有引力提供向心力，角速度大小相等，向心力大小相等，则有： 则 因为 ，则 ， 根据 ，知 故 BCD 正确，A 错误本题选择不正确的，故选：A5.【答案】BD【解析】对小球来说，由于有弹力做功，小球的机械能不再守恒，部分小球的机械能转化为了弹簧的弹性势能，而使小球的机械能减小，故 A 错误；根据能量的转化与守恒，得： ，即从 A 到 B 的过程中，橡皮筋的弹性势能增加了 ，B 正确；小球在最低点，不受圆环的弹力，故弹簧的弹力与重力一起充当向心力，故有 ；故 ，故 C 错误，D 正确；6.【答案】BD【解析】 电子进入电场后做类平抛运动，不同时刻进入电场的电子垂直电场方向分速
16、度图象如图，可知，各个电子在垂直电场方向的位移不全相同，故所有电子从右侧离开电场的位置不全相同，故 A 错误；由图看出，所有电子离开电场时，垂直电场方向分速度 vy0，速度都等于 v0，故 B 正确；由上分析可知，电子离开电场时的速度都相同，动能都相同，故 C 错误； t 时刻进入电场的电子，在 t 时刻侧位移最大，最大侧位移为 ym2 a( )2 ，在 t0 时刻进入电场的电子侧位移最大为 ，则有4 a( )2 ，解得 ym ，故 D 正确7.【答案】AD【解析】根据 Bqv0 m ，又 v0 ，可得 r L，又 OA L，所以当 60时，粒子经过 A 点，所以 A 正确；根据粒子运动的时间
17、 t T，圆心角越大，时间越长，粒子以 60飞入磁场中时，粒子从 A 点飞出，轨迹圆心角等于 60，圆心角最大，运动的时间最长，所以 B 错误；当粒子沿 0飞入磁场中，粒子恰好从 AC 中点飞出，在磁场中运动时间也恰好是 ， 从 0到 60在磁场中运动时间先减小后增大，在 AC 边上有一半区域有粒子飞出，所以 C 错误，D 正确8.【答案】BD【解析】变压器的输入功率 P1 P2 I2U22.260 W132 W，选项 A 错误；由 得 ，选项 D 正确；由 得 I1 I2 2.2 A0.6 A，选项 B正确；根据 I 得通过副线圈的电流的最大值 I2m I22.2 A，选项 C 错误9.【答
18、案】（1）4.8 0.576 （2） 9.6【解析】（1）据题意，从纸带可以求出系统的加速度： ,而相邻计数点之间时间间隔为： ，则加速度为： ，在打点 05 的过程中，系统动能的增量为： ，计数点 5 的瞬时速度为： ，则；（2）据 ，整理得： ，则图像斜率为：，重力加速度为： 。10.【答案】 (1) (2)见解析图 (3)左端 (4) r1( k1) R1【解析】 (1)因电流表 G1的内阻约为 300 ，故定值电阻选择 R1；为调节方便滑动变阻器选择 R4.(2)根据电路图连接实物如图所示：(3)为保护测量电路，闭合开关时，测量电路应处于短路状态，故滑片移至最左端(4)由电路图知 I2
19、 I1 ，可得图象的斜率 k1 ，解得 r1( k1) R1.11.【答案】（1）25m/s 2；（2）【解析】（1）小滑块恰好通过最高点，则有: 解得:从 B 到 C 的过程中机械能守恒:解得从 A B 根据速度位移公式得:解得:（2）从 C 到 D 的过程中机械能守恒:解得:而小球从 D A 做加速度为 g 的匀加速运动，由速度公式得:解得:12.【答案】(1)正极 (2)2 m/s (3)0.5 J【解析】(1)正极(2)由电磁感应定律得 U E BR BR 2v r R所以 v 2 m/s.(3) E mgh mv2， E0.5 J.13.【答案】（1）ABE (2) P=P0+mg/
20、S h h2 h1 U Q W Q( P0S mg)【解析】(1)分子力表现为引力，当体积不变时，外界对气体做功为零，温度升高一定从外界吸收能量，所以分子内能增加，故选项 A 正确；当温度不变时，分子动能不变，体积增大，分子克服引力做功，从外界吸收能量，所以内能增加，故选项 B 正确；如果气体吸收热量，内能一定增加，但温度不一定升高，故选项 C 错误；由热力学第二定律可知，热量可以自发的从高温物体传到低温物体，但不可能自发的从低温物体传到高温物体，故选项 D 错误；热机的效率不可能达到百分之百，即有一部分热量转化为周围环境的内能，故选项 E 正确活塞受力分析如图，由平衡条件得 P=P0+mg/
21、S设温度为 t2时活塞与容器底部相距 h2.因为气体做等压变化，由盖吕萨克定律得：由此得： h2活塞上升了 h h2 h1 . 气体对外做功为 W PS h S ( P0S mg)由热力学第一定律可知 U Q W Q( P0S mg)14.【答案】(1) ADE(2) ；【解析】(1) t0 时刻， O 点开始向正方向运动，经 t0.2 s， O 点第一次到达正方向最大位移处，可知周期为 0.8s，由图可知：波长 =4m，该横波的波速为 5 m/s，故 A 正确；当质点 L 在波峰时， N 在波谷，这两点的速度都为 0 ，不能说它们的运动方向总相反，故 B 错误；在 0.2s 的时间内（也就是
22、 T/4 内）， M 通过的路程不可能是 1m，它只在自己的平衡位置附近振动，而不随波运动的，故 C 错误；波从 O 点传到 M 点所用时间 t0=3/5s=0.6s，所以在 t=2.6 s 时刻， M 点运动了 2s，也就是运动了 5T/2，故在 t2.6 s 时刻，质点 M 处于平衡位置，正沿 y 轴负方向运动，D 正确；图示波形图，波传播的距离可能是 6m，所以可能是t=6/5s=1.2s 时刻的，故 E 正确。(2)作出光路图，光线在 AC 面上的入射角为 60，折射角为 30，则折射率因为发生全反射的临界角为 ，所以光线在在 F 点发生全反射，在 E， H 点不能发生全反射。该光束经一次反射后，到紧接着的一次射出玻璃砖发生在 H 点，则时间为，联立解得 ；
