1、河南省中考物理精选真题重组卷五（本试卷五个大题，21小题，满分70分，考试时间60分钟。）一、填空题（本题共6小题，每空1分，共14分）1.（2019聊城）在学校运动会中，小聪和小明的百米赛跑成绩分别为13.05s和13.13s，则_的短跑速度较大，在奔跑过程中，小明观察到现众在向后运动，这是选_为参照物。【答案】小聪 自己【解析】百米赛跑时，路程相同，由题中数据可知小聪所用的时间比小明少，根据v=知，小聪的短跑速度较大。在奔跑过程中，小明以自己为参照物，观众与小明之间的位置发生了变化，则观众是运动的，所以小明观察到现众在向后运动。（1）利用相同路程比时间的方法比较小聪和小明的速度大小；（2）
2、观众向后运动，说明观众在运动，那么所选参照物与观众之间的位置发生了变化，据此即可选择合适的参照物。2（2019淮安）一些大厦的外部安装了平板玻璃幕墙，人们可以通过它看到自己清晰的（选填“虚”或“实”）像。人靠近幕墙时像的大小（选填“变大”、“小”或“不变”）。我国已经对玻璃幕墙的安装制定了限制性法规，因为玻璃幕墙会发生（选填“镜面”或“漫”）反射，造成光污染。【答案】虚像不变镜面【解析】平板玻璃幕墙相当于是平面镜，平面镜成正立、等大的虚像，因此看到的是虚像；像与物等大，与人离平面镜的距离发生改变，像还是与人体等大，因此像的大小不变；玻璃幕墙表面光滑，发生的是镜面反射。3（2019苏州）如图所示
3、，一氢气球用细绳系在玩具车上，静置广场的光滑水平地面上，当有匀速的风沿水平方向向右吹来，气球和玩具车在风力作用下向前运动，说明力能改变物体的；玩具车在向右运动的过程中（选填“可能”或“不可能”）被风吹离地面，一段时间后玩具车匀速前进，此时细绳（选填“向左倾斜”、“向右倾斜”或“保持竖直”）。【答案】运动状态 不可能 保持竖直【解析】（1）当有匀速的风沿水平方向向右吹来，气球和玩具车在风力作用下向前运动，说明力能改变物体的运动状态；（2）风水平向右吹，玩具车在竖直方向上不受风的作用力，故玩具车在向右运动的过程中不可能被风吹离地面；（3）因水平地面光滑，所以玩具车在运动时不受摩擦力的作用；一段时间
4、后玩具车在水平方向上匀速前进，若此时细绳是倾斜的，则细绳对玩具车有斜向上的拉力（受力不平衡），玩具车不可能做匀速运动，所以此时细绳应保持竖直。4（2019恩施）水沸腾后把烧瓶从火焰上拿开，水会停止沸腾。迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，如图所示，你会看到的现象是：，原因是。【答案】烧瓶中的水重新沸腾烧瓶内水面上方的气体遇冷压强减小，瓶内水的沸点降低【解析】烧瓶内水面上方的气体遇冷，一部分水蒸气液化，导致烧瓶内气压减小，水的沸点随气压的减小而降低，所以重新看到水沸腾了。5（2019贵港）某同学用丝绸摩擦过的玻璃棒靠近悬挂着的泡沬小球，发现泡沬小球被排斥。泡沬小球被排斥的原因是_种电荷相互排
5、斥，由此可知泡沬小球一定带_电。【答案】同正【解析】用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，带正电的玻璃棒跟泡沫小球相互排斥，说明泡沫小球跟玻璃棒带同种电荷，所以泡沫小球一定带正电。6（2019云南）2019年5月23日，我国时速600公里高速磁浮试验样车在青岛下线，这标志看我国在高速磁浮技术领域实现重大突破。磁浮列车“悬浮”是利用了电流的效应；丹麦物理学家是第一个发现电与磁之间有联系的人。【答案】磁效应；奥斯特【解析】奥斯特实验证明了电流的周围存在磁场，这是第一个发现了电和磁存在联系的实验。奥斯特由于这个贡献而载入物理史册；磁悬浮列车也是一种高速列车，它的核心部分是电磁铁，电磁铁是利用电流的磁效应制成的
6、；1820年，丹麦物理学家奥斯特在课堂上做实验时偶然发现，当导线中通过电流时，它旁边的磁针发生偏转，这个实验说明电流的周围存在磁场，在世界上第一个发现电与磁之间的联系。二、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分。第712题每小题只有一个选项符合题目要求，第1314题每小题有两个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）7（2019益阳）有关声音的知识，下列说法正确的是（）A演奏古筝时按压不同的弦是为了改变其响度B用大小不同的力击打鼓面是为了改变其音调C摩托车安装消音器是为了在传播过程中减弱噪声D能分辨出二泉映月是用二胡演奏的，是因为不同乐器发声时音色不同【答案】
7、D【解析】（1）音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。（2）减弱噪声的途径：在声源处减弱；在传播过程中减弱，在人耳处减弱。A、弦乐器发声的音调高低是由弦的材质、长度、横截面积、松紧度来决定的；在材质、横截面积、松紧度一定的情况下，改变其长度，可以改变音调高低；所以，演奏弦乐时，手指在弦上的位置不断变化，改变了振动弦的长短，这是为了改变琴声的音调，故A错误。B、用大小不同的力击打鼓面，振幅不同，响度不同，故用大小不同的力击打鼓面是为了改变其响度，故B错误；C、摩托车安装消音器是为了在声源处
8、减弱噪声，故C错误；D、音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。我们能区分不同乐器发出的声音，这是因为不同乐器发出声音的音色不同，故D正确。8（2019台州）立定跳远时的动作分解如图，在此过程运动员（）A.上升时，动能减小，势能减小 B. 上升时，动能增大，势能增大C.下落时，势能增大，动能减小 D. 下落时，势能减小，动能增大【答案】D【解析】上升时，动能减小，势能增大；下落时，势能减小，动能增大。9（2019青海）简单机械在生活中随处可见。使用下列简单机械可以省力的是（）A旗杆顶部的滑轮 B赛艇的船桨 C拔钉子用的羊角锤 D夹菜的筷子【答案】C【解析
9、】A、旗杆顶部的滑轮为定滑轮，实质是等臂杠杆，不省力也不费力；B、船桨在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、羊角锤在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。10（2019毕节）下列现象中，利用热传递使物体的内能减小的是（）A来回弯折的铁丝温度会升高 B冬季用热水袋取暖C冬天手接触冰块会觉得很冷 D自行车轮胎放气时，气门嘴处温度会降低【答案】C【解析】A、来回弯折的铁丝是通过做功的方法使铁丝的内能增加。不符合题意。B、热水袋取暖时手吸收热量内能增加。不符合题意。C、冬天手接触冰块会觉得很冷，手放出热量内能减少。符合题意。D、自行车轮胎放气时，气
10、门嘴处温度会降低是物体对外做功，物体的内能减少。不符合题意。11（2019自贡）某同学在做“用滑动变阻器改变电流”的实验时，连接如图所示的电路，将滑动变阻器的滑片移动到最大阻值处，闭合开关S，发现小灯不亮，接下来的操作，在以下步骤中最合理的是（）A断开开关S，更换额定功率大一点的灯泡重新实验B断开开关S，增加电池的节数重新实验C断开开关S，拆掉导线重新连接电路D观察电流表的示数是否为零，判断电路是否断路【答案】D【解析】AB、若电路发生断路故障时，换用更大功率的灯泡或增加电池数量，灯泡同样不发光，故AB错误；C、如果灯丝断了或导线发生断路，拆掉导线重新连接电路，灯泡仍然不亮，故C错误。D、该电
11、路为串联电路，闭合开关，灯泡不亮时，先观察电流表是否有示数；如果无示数，说明电路出现断路现象，然后检测出断路的位置，并进行处理；如果电流表有较小的示数，则是电路中电阻较大造成的，可移动滑片观察灯泡是否发光；故D正确。12（2019铁岭）北京世博园周边道路安装了92根智慧灯杆，智慧灯杆除了照明还具有许多其他功能，如噪声监测、无线WiFi、视频监控充电等。关于智慧灯杆，下列说法正确的是（）A无线WiFi是利用超声波传递信息的B噪声监测功能可以在传播过程中减弱噪声C用智慧灯杆给电动汽车充电时，智慧灯杆相当于电源D智慧灯杆工作时消耗的电能属于一次能源【答案】C【解析】A、无线WiFi是利用电磁波传递信
12、息的，故A错误；B、噪声监测仪只能监测噪音值，是一种监测设备，并不是降低噪音的手段和措施，在街头设置噪声监测仪，不能减弱噪声，故B错误；C、用智慧灯杆给电动汽车充电时，智慧灯杆提供电能，所以它相当于电源，故C正确；D、电能不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到，所以它是二次能源，故D错误。13（双选）（2019营口）如图所示，水平桌面上有两个相同的容器甲和乙，分别盛有质量相等的不同液体，将同种材料制成的两个实心球a、b（VaVb）分别放入两容器中，静止时，a球漂浮，b球悬浮，下列说法中正确的是Aa球受到的浮力大于b球受到的浮力B放入两球后，液体对容器底的压强相等C甲容器中液体的密
13、度大于乙容器中液体的密度D放入两球后，两容器对桌面的压力相等【答案】AC【解析】A、a、b两个实心球，分别放入甲、乙两种液体中，静止时，a球漂浮在液面上，b球悬浮在液体中，则FaGa，FbGb，a、b两个实心球材料相同，ab，VaVb，由mV可知，mamb，根据Gmg可知，GaGb，所以，FaFb，故A正确；BD、甲、乙两种液体质量相等，则重力相等，GaGb，所以，两种液体对烧杯底的压力F甲F乙，两个相同的烧杯，则底面积相等，所以，根据p可知，甲、乙两种液体对烧杯底的压强p甲p乙，故BD均错误；C、由图可知，a球在甲液体中漂浮，可得a甲，b球在乙液体中悬浮，可得b乙，由题可知，a、b为同种材料
14、制成的实心球，即ab，可得：甲乙，故C正确。故选：AC。14（2019潍坊）（双选）如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列判断正确的是（）A电流表A的示数变大B电压表V1的示数变大C电路中消耗的总功率变大D电压表V2与电流表A示数的比值变小【答案】AC【解析】由图可知：定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电压表V2测量电源电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据P=UI判断功率的变化；再根据欧姆定律结合定值电阻的阻值判断电压表和电流表
15、示数的比值变化。由电路图可知，R1与滑动变阻器R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测量R1两端的电压，电流表测电路中的电流。A、当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故A正确；B、由U=IR可知，R1两端的电压变大，即电压表V2的示数变大，由于电源电压不变，根据串联电路的总电压等于各分电阻两端的等于之和可知：R2两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，故B错误；C、电源电压不变，电路中的电流变大，根据P=UI可知电路中消耗的总功率变大，故C正确；D、由R=可知，电压表V2与电流表A示数的比值
16、等于定值电阻R1的阻值，则两者的比值不变，故D错误。三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）15.（2019河南）某额定电压为220V的电动扶梯（已接地）,只需在白天且有人时开启,利用红外线开关S1（有人时闭合、无人时断开）及可见光开关S2（白天闭合、夜间断开）即可实现自动控制。请在图12中按要求正确完成电路连接。【答案】【解析】分析题意，两个开关共同控制电动机，根据安全用电的原则，开关接火线，开关与用电器串联进行连接即可。解：由题意知，在白天且有人时电动扶梯才能启动，说明两个开关串联后共同控制电动机，根据安全用电的原则，开关应接在火线上；所以，从火线开始，用导线将两个开关S1、S2串联
17、，再连接电动扶梯的电动机，最后回到零线，如图所示。16（2019大庆）如图，小球静止，墙壁光滑，以球心为各力作用点，作出小球所受各力的示意图。【答案】见解析图。【解析】挂在光滑墙上的球受：竖直向下的重力G、沿绳向上的拉力F拉、墙壁对球水平向右的支持力F支作用，从球的重心，沿力的方向作出球的受力示意图，如图所示：四、实验探究题（本题共3小题，第17题4分，第18题6分，第19题8分，共18分）17（2019南京）用如图所示的装置做“探究凸透镜成像规律”实验。图甲中一束平行光射向凸透镜，光屏上得到一个最小、最亮的光斑（未画出）。（1）图乙中烛焰在光屏上恰好成一清晰的像（未画出），则该像是倒立、的实
18、像。（2）若在图乙中将凸透镜移到55cm刻度线处，则将光屏移动到cm刻度线处，可以再次看到清晰的像。（3）若在图乙中烛焰和凸透镜之间放一近视眼镜的镜片，则将光屏向（选填“左”或“右”，下同）移动才能再次看到清晰的像。（4）若在图乙中用塑料吸管对准A点沿垂直于纸面方向持续用力吹气，发现光屏上“烛焰尖部”变模糊，则将光屏向移动，“烛焰尖部”又会变清晰。【答案】（1）放大；（2）75；（3）右；（4）左。【解析】（1）焦距是指从焦点到凸透镜的距离，根据甲图计算出焦距的大小；根据物距大于1倍焦距小于2倍焦距时，成倒立放大实像的原理进行分析；（2）凸透镜uv2f时，成倒立等大的实像，据此分析；（3）当凹
19、透镜靠近凸透镜时，会聚能力减弱，使像呈在光屏的后方；（4）在图乙中用塑料吸管对准A点沿垂直于纸面方向持续用力吹气，流体大的位置压强小，火焰向左移动，根据凸透镜物远像近像变小分析解答。解：（1）由图知，光斑即焦点处，所以焦距f60cm50cm10cm；当蜡烛、凸透镜位于图乙中刻度对应的位置时，物距为50cm35cm15cm，大于1倍焦距小于2倍焦距，凸透镜能成倒立放大的实像；（2）在图乙中将凸透镜移到55cm刻度线处，物距为u55cm35cm20cm，u2f，成倒立、等大的实像。像成在二倍焦距的位置，v75cm55cm20cm，光屏在75cm的位置，所以光屏向左移动。（3）凹透镜对光线有发散作用
20、，靠近凸透镜时，使光线发散，像会聚在光屏的后方，像距增大，在光屏上要得到清晰的像，光屏要远离凸透镜，即要将光屏向右移动才能在光屏上成清晰的像；（4）在图乙中用塑料吸管对准A点沿垂直于纸面方向持续用力吹气，A点气体流速大，流体大的位置压强小，火焰向左移动，物距增大，像距减小，将光屏向左移动，“烛焰尖部”又会变清晰。18（2019广东）学校创新实验小组欲测量某矿石的密度，而该矿石形状不规则，无法放入量简，故选用水、烧杯、天平（带砝码和镊子）、细线、铁架台等器材进行实验，主要过程如下：（l）将天平放置在水平桌面上，把游码拨至标尺的处，并调节平衡螺母，使天平平衡。（2）将装有适量水的烧杯放入天平的左盘
21、，先估计烧杯和水的质量，然后用往天平的右盘（选填“从小到大”或“从大到小”）试加砝码，并移动游码，直至天平平衡，这时右盘中的砝码和游码所在的位置如图甲所示，则烧杯和水的总质量为g。（3）如图乙所示，用细线系住矿石，悬挂在铁架台上，让矿石浸没在水中，细线和矿石都没有与烧杯接触，天平重新平衡时，右盘中砝码的总质量及游码指示的质量值总和为144g，则矿石的体积为m3。（水1.0103kg/m3）（4）如图丙所示，矿石下沉到烧杯底部，天平再次平衡时，右盘中砝码的总质量及游码指示的质量值总和为174g，则矿石的密度为kg/m3。【答案】（1）零刻度线；（2）镊子；从大到小；124；（3）2105；（4）
22、2.5103【解析】（1）将天平放在水平桌面上，把游码放在标尺的零刻线处；（2）要测量水和烧杯的质量，需要根据估测用镊子按从大到小的顺序试加砝码，并移动游码，直至天平平衡；水和烧杯的总质量：m1100g+20g+4g124g；（3）用线拉着物体浸没在水中，增加的重力等于物体的重力减去拉力，所以增加的重力就是浮力，即（m2m1）gF浮水gV排，矿石的体积就是排开水的体积：V石V排20cm32105m3，（4）放入物体后增加的重力就是物体测重力，所以增加的质量就是物体的质量即m矿石m3m1174g124g50g；矿石的密度：2.5g/cm32.5103kg/m3。19（2019镇江）小兵利用图1电
23、路来探究电流与电阻的关系，他在实验中控制电压表示数为U0不变，相关器材规格已在图中标明。（1）请用笔画线代替导线将电压表接入电路；（2）开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于图中最（选填“左”或“右”）端；（3）闭合开关，将电阻箱调至某阻值，调节滑动变阻器时，他发现电压表示数始终为零而电流表示数有明显变化，经检查是由于某处短路而造成的，被短路的是；（4）小兵调节电阻箱阻值R，进行多次实验，所绘制的I与关系图线如图2所示，由此可知U0=V，实验结论是：在电压一定时，；（5）若由于电池电量不足，小兵换用4.5V电源后继续实验，进行了如下操作：将电阻箱阻值先调至4进行实验，实验完成后断开开关；再将电阻箱
24、阻值调至15后，闭合开关进行实验；则由于小兵在上述操作中的一个疏漏，将会导致；（6）小华利用图1电路和器材也对电流与电阻的关系进行了探究，在525范围内，他将电阻箱阻值R调至5个不同的值分别进行了实验，则他根据实验数据描点所绘制的I与关系图线不可能是图3中的（选填“甲”或“乙”），理由是。【答案】（1）如图所示（2）左（3）电阻箱（或电压表）（4）2 通过导体的电流与导体的电阻成反比（5）电阻箱两端电压超过电压表量程（6）乙当电阻箱阻值为25时，滑动变阻器最大阻值不能满足图线乙所需控制不变的电压0.75V【解析】（1）将电压表并联在电阻箱的两端，且保证正进负出，如下图所示；（2）为保护电路，闭
25、合开关前，应将滑动变阻器的滑片调到阻值最大处，即最左端；（3）电压表示数始终为零说明电阻箱没有分压，或电压表短路将电阻箱短接，因此故障为电阻箱或电压表短路；（4）由I与关系图线可知，当电流为0.1A时，为0.05，则R=20，U0=IR=0.1A20=2V；根据图象知。电流与导体电阻的倒数成正比，则电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（5）断开开关，当把电阻箱的电阻从4换为15时，必须把滑动变阻器调到阻值最大处的位置，如果没有调，使得电阻箱分得的电压过大，会超过电压表的量程；（6）对于图3乙图线，当电阻为5时，倒数为0.2，对应的电流为0.15A，则电阻箱两端的电压U0=IR0=0.
26、15A5=0.75V，此时滑动变阻器两端的电压为3V0.75V=2.25V，此时滑动变阻器两端的电压为电阻箱两端电压的3倍，滑动变阻器接入电路的电阻也为电阻箱接入电路的3倍，当电阻箱接入电路的电阻是25时，滑动变阻器接入电路的电阻必须调到75才能满足要求，而滑动变阻器的最大电阻只有50，因此此图线不可能是实验测量的。五、综合应用题（本题共2小题，每小题9分，共18分）20. （2019宁波）如图甲所示，水平放置的方形容器里有一个重为8N、边长为10cm的立方体物块M，M与容器底部不密合。以5mL/s的恒定水流向容器内注水，容器中水的深度h随时间t的变化关系如图乙所示。请解答下列问题：（1）当t
27、=140s时，物块M在水中处于_（填“沉底”“悬浮”或“漂浮”）状态。（2）当t=140s时，水对容器底部的压力大小是多少？（3）图乙中a的值是多少? （4）在040s和40s140s两个阶段，浮力对物体做功分别是多少? 【解析】（1）当t=140s时，假设物块M浸没在水中，物块受到的浮力：F浮力=水gV排=1.0103kg/m310N/kg10-3m3=10N；因为10N8N，所以F浮力G，那么物块上浮；最终处于漂浮状态。（2） t=140s时，容器内的水重为：G水=水gV水=1.0103kg/m310N/kg510-6m3/s140s=7N此时水对容器底部的压力大小为：F=G物+G水=8N
28、+7N=15N；（3）物块M漂浮时，它受到的浮力F浮=G物=8N；此时，F浮=水gV排=水gSha=8N所以ha= = =0.08m=8cm；（4） 040s阶段：W=F浮s=F浮0m=0J（或物体没有运动，做功为0J）40s140s阶段：浮力恒为8N，浮力做功W为：W =F浮s=8N（0.12m0.08m）=0.32J21.（2019桂林）在学习了电学知识后，小宝对家里新买的号称“大功率电热毯”进行了研究。他对电热毯的工作电路图进行简化处理后绘制出了如图l8所示的等效电路图并研究。电路安全保护装置部分小宝由于没有学到相关知识打算以后再研究。按照说明书介绍，电热毯工作电路等效电源的电压低于22
29、0V。通过旋转电热毯的开关，电路可以达到3个档位。如图19所示，档位1：单独闭合S1；档位2：同时闭合S1、S2；档位3：同时闭合S1、S2、S3。小宝根据说明书提供参数进行计算后发现，不考虑灯丝电阻随温度变化，当电热毯处于档位1时，灯泡L的功率为其额定功率的，R2消耗的功率为1W；当电热毯处于档位3时，灯泡L正常发光，R1消耗的功率为64W。请你根据题目所给信息，完成以下问题。（1）当电热毯处于档位1时，R1、R2、灯泡L一起_联工作。当电热毯处于档位2时，R1、R2、灯泡L中只有_工作。（2）求电热毯处于档位1时，灯泡两端实际电压与其额定电压之比（UL/U额）=？（3）求电热毯处于档位3时
30、，通电50秒电流通过R2产生的热量？【答案】（1）串，R2（2）= （3）3200J【解析】（1）当电热毯处于档位1时，R1、R2、灯泡L一起串联工作；当电热毯处于档位2时，只有R2单独连入电路，因此只有R2工作；当电热毯处于档位3时，R1、R2、灯泡L一起并联工作。（2）由P=得= = ，因此= （3）当电热毯处于档位3时，灯泡L正常发光，说明灯泡的额定电压与电源电压相等，即U=U额，由 = 得：= ；当电热毯处于档位1时，R1、R2、灯泡L串联，此时灯泡两端电压是电源电压的，因此R1和R2两端的电压和U12=U,则UL=3 U12。由串联电路分压规律可得：= =，RL=3（R1+R2）。由电热毯处于档位1时，R2消耗的功率为1W，可得P2=（）2 R2=1W由电热毯处于档位3时，R1消耗的功率为64W，可得P1=64W由可解得R1=R2因此当电热毯处于档位3时R1与R2的电功率相等。通电50秒电流通过R2产生的热量Q=W=Pt=64W50s=3200J14
