1、1山东省枣庄市第三中学 2018 届高三物理一调模拟考试试题二、选择题：共 8 小题，每小题 6 分，在每小题给出的四个选项中，第 1417 题只有一项符合题目要求，第 1821 题有多项符合题目要求，全部选对得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分14下列说法正确的是A牛顿通过斜面实验，推翻了亚里士多德的力是维持物体运动的原因B开普勒将第谷的几千个数据归纳出简洁的三定律，揭示了行星运动的规律C用质点来代替实际物体的研究方法是等效替代法D卡文迪许利用扭秤实验得出万有引力与距离的平方成正比15如图所示，质量为 M 的核子放在光滑的水平面上，盒子内表面不光滑，盒内放有一块质量为 m
2、的物体，某时刻给物体一个水平向右的初速度 ，那么在物体与盒子前0v后壁多次往复碰撞后A两者的速度均为零B两者的速度总不会相等C盒子的最终速度为 ，方向水平向右0mvMD盒子的最终速度为 ，方向水平向右16如图所示，弹簧的一端固定在竖直墙上，质量为 M 的光滑弧形槽静止在光滑水平面上，底部与水平面平滑连接，一个质量为 m（mM）的小球从槽高 h 处自由下滑，下列说法正确的是A在以后的运动全过程中，小球和槽的水平方向动量始终保持某一确定值不变B在下滑过程中小球和槽之间的相互作用力始终不做功C全过程小球和槽、弹簧所组成的系统机械能守恒，且水平方向动量守恒D小球被弹簧反弹后，小球和槽的机械能守恒，但小
3、球不能回到槽高 h 处217如图，竖直平面内有一段圆弧 MN，小球从圆心 O 处水平抛出，若初速度为 ，将av落在圆弧上的 a 点，若初速度为 ，将落在圆弧上的 b 点，已知 Oa、Ob 与竖直方向的bv夹角分别为 、，不计空气阻力，则初速度大小之比为A B C Dsinsincocosincos182016 年 9 月 15 日，天宫二号空间实验室发射升空，10 月 1 日 7 时 30 分，神舟 11号飞船载着两名宇航员飞向天空，并与 10 月 19 日凌晨与天宫二号交会对接，交会时“天宫二号”在前， “神舟 11 号”在后如图是交会对接时的示意图则该过程中（ ）A宇航员看“天宫二号”是向
4、后运动的B飞船应该直接发射到“天宫二号”运行的轨道上，然后慢慢加速追上并对接C飞船应该从低轨道加速追上“天宫二号”D对接过程中，飞船对“天宫二号”的作用力大于“天宫二号”对飞船的作用力19在光滑的水平桌面上有等大的质量分别为 M=0.6kg，m=0.2kg 的两个小球，中间夹着一个被压缩的具有 Ep=10.8J 弹性势能的轻弹簧（弹簧与两球不相连） ，原来处于静止状态现突然释放弹簧，球 m 脱离弹簧后滑向与水平面相切、半径为 R=0.425m 的竖3直放置的光滑半圆形轨道，如图所示g 取 10m/s2则下列说法正确的是（ ）AM 离开轻弹簧时获得的速度为 9m/sB弹簧弹开过程，弹力对 m 的
5、冲量大小为 1.8NsC球 m 从轨道底端 A 运动到顶端 B 的过程中所受合外力冲量大小为 3.4NsD若半圆轨道半径可调，则球 m 从 B 点飞出后落在水平桌面上的水平距离随轨道半径的增大而减小20如图所示，水平转台上有一个质量为 m 的小物块，用长为 L 的轻细绳将物块连接在通过转台中心的转轴上，细绳与竖直转轴的夹角为 ，系统静止时细绳绷直但张力为零物块与转台间动摩擦因数为 （tan） ，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力当物块随转台由静止开始缓慢加速转动且未离开转台的过程中A物块受转台的静摩擦力方向始终指向转轴B至绳中出现拉力时，转台对物块做的功为 sin2mgLC物块能在转台上随转台一起转
6、动的最大角速度为 coD细绳对物块拉力的瞬时功率始终为零 21如图甲所示，两平行金属板 MN、PQ 的板长和板间距离相等，板间存在如图乙所示的随时间周期性变化的电场，电场方向与两板垂直，不计重力的带电粒子沿板间中线垂直电场方向源源不断地射入电场，粒子射入电场时的初动能均为 Ek0，已知 t=0 时刻射入电场的粒子刚好沿上板右边缘垂直电场方向射出电场则以下说法中正确的是4A所有粒子最终都垂直电场方向射出电场Bt=0 之后射入电场的粒子有可能会打到极板上C所有粒子在经过电场过程中最大动能都不可能超过 2Ek0D若入射速度加倍成 2v0，则粒子从电场出射时的侧向位移与 v0相比必定减半22利用图 1
7、 的装置可测量滑块与斜面间的动摩擦因数在斜面底端 O 处固定一光电门，当带有遮光片的滑块自斜面上的 P 点从静止滑下，通过光电门时，与光电门相连的计时器显示遮光片通过光电门的时间为t测得 P、O 间的距离为 x已知遮光片的宽度为 d完成下列填空：（1）P、O 间的距离 x、滑块加速度的大小 a、滑块经过光电门的时间t、遮光片的宽度 d 四个物理量间满足的关系式是_；（2）用游标卡尺测量遮光片的宽度如图 2 所示，则 d=_cm，（3）多次改变滑块从斜面上开始下滑的位置，每次都让滑块由静止滑下，用米尺分别测出下滑点与 O 间的距离 x，记下遮光片相应通过光电门的时间t，利用所得数据作出 图线如图
8、 3 所示：2()dxt由图线可得滑块加速度的大小为_m/s 2；测得斜面的高度 h=60.00cm、斜面的长度 L=100.00cm，取 g=9.80m/s2，则滑块与斜5面间的动摩擦因数的值 =_23实际电流表是有内阻，可等效为理想电流表与电阻的串联，测量实际电流表 G1内阻 r1的电路如图所示，供选择的仪器如下：待测电流表 G1（05mA，内阻约 300） ；电流表 G2（010mA，内阻约 100） ；定值电阻 R1（300） ；定值电阻 R2（10） ；滑动变阻器 R3（01000） ；滑动变阻器 R4（020） ；干电池（电动势为 1.5V） ；电键 S 及导线若干（1）定值电阻应
9、选_，滑动变阻器应选_ （在空格内填写序号）（2）用连线连接实物图_（3）补全实验步骤：按电路图连接电路，将滑动触头移至最端_（填“左”或“右” ） ；闭合电键 S，移动滑动触头至某一位置，记录 G1、G2 的读数 I1、I 2；多次移动滑动触头，记录相应的 G1、G 2读数 I1、I 2；以 I2为纵坐标，I 1为横坐标，作出相应图线，如图所示（4）根据 I2-I1图线的斜率 k 及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式_24如图所示为一种电磁天平的结构简图，等比天平的左臂为挂盘，右臂挂有矩形线圈，线圈未通电时天平两臂平衡；已知线圈的水平边长 L=0.1m， ，匝数为 N=800，线圈的下底边
10、处于匀强磁场内，磁感应强度 B=0.5T，方向垂直于线圈平面向里，线圈中通有方向沿顺时针，大小可在 0-2A 范围内调解的电流 I；挂盘放上待测物体后，调解线6圈中电流使得天平平衡，测出电流即可测得物体的质量；重力加速度 g=10m/s2，试求：该“电磁天平”能够称量的最大质量25如图（a）所示的 xoy 平面处于匀强电场中，电场方向与 x 轴平行，电场强度 E 随时间 t 变化的周期为 T，变化图线如图（b）所示，E 为+E 0时电场强度的方向沿 x 轴正方向有一带正电的粒子 P，在某一时刻 t0以某一速度 v 沿 Y 轴正方向自坐标原点 O射入电场，粒子 P 经过时间 T 到达的点记为 A
11、（A 点在图中未画出） 若 t0=0，则 OA 连线与 Y 轴正方向夹角为 45，不计粒子重力：（1）求粒子的比荷；（2）若 ，求 A 点的坐标；04Tt（3）若 ，求粒子到达 A 点时的速度8（二）选考题33 【物理选修】如图所示，空间分布着方向平行于纸面且与场区边界垂直的有界匀强电场，电场强度为 E，场区宽度我 L，在紧靠电场右侧的圆形区域内，分布着垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度 B 未知，圆形磁场区域半径为 r一质量为 m、电荷量为 q 的带正电的粒子从 A 点由静止释放后，在 M 点离开电场，并沿半径方向射入磁场区域，然后从 N 点射出，O 为圆心，MON=120，粒子重力可忽略
12、不计求：7（1）粒子经电场加速后，进入磁场时速度的大小；（2）匀强磁场的磁感应强度 B 的大小；（3）粒子从 A 点出发到 N 点离开磁场经历的时间34 【物理选修 3-4】略参考答案14B 15C 16D 17B 18C 19BC 20CD 21AC22、 （1）滑块经过光电门的速度为 ；dvt根据运动学公式，那么 P、O 间的距离 x、滑块加速度的大小 a、滑块经过光电门的时间t、遮光片的宽度 d 四个物理量间满足的关系式： ；2()dxt（2）游标卡尺的主尺读数为 5mm，游标尺上第 0 个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为 00.05mm=0.00mm，所以最终读数为：5mm+0
13、.00mm=5.00mm=0.500cm；（3）根据作出 图线，结合 ，则有：k=2a；2()dxt2()daxt那么 ；7.841/3.9/amssk滑块受到重力、支持力与滑动摩擦力，根据力的分解，结合牛顿第二定律，则有： ；2hLhmgma8解得： ；6013.92.5823、 （1）待测电流表 G1，内阻约 300，电流表 G1并联的电阻应选：定值电阻R1（300） ；保护电阻应选用：滑动变阻器 R4；（2）根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示（3）按电路图连接电路，将滑动触头移至最左端；（4）由电路图可知： I2-I1图象斜率 ，121IrrR（ ） 1rkR；1rkR24、由
14、于天平平衡，故安培力为： ，又 ，联立解得： ；FmgNBILNBILmg当 I=2A 时，m 最大，算得最大称量质量为： ；80.52.18k25、 （1）粒子在 t0=0 时刻射入电场，粒子沿 y 轴方向匀速运动，位移大小为 yvT粒子沿 x 轴方向在 内做初速度为零的匀加速运动，位移为 x1，末速度为 v1，则：2T211()av，粒子沿 x 轴方向在 内做匀减速运动，位移为 x2，则： 221()()Tva粒子沿 x 轴方向的总位移为 x，则： 1粒子只受到电场力作用，由牛顿第二定律得： qEma由题意 OA 与 y 轴正方向夹角为 45，则： ，解得： yx04vT9（2）粒子在 时
15、刻射入电场，粒子沿 y 轴方向匀速运动，位移大小为：04Tt yvT粒子沿 x 轴方向在 内做初速度为零的匀加速运动，位移为 x3，末速度为 v2，则：2231() av，粒子沿 x 轴方向在 内做匀变速运动，位移为 x4，末速度为 v3，则：T，242()()v32Tva粒子沿 x 轴方向在 内做匀变速运动，位移为 x5，则：54 253()14()Tva粒子沿 x 轴的总位移为 x，则： 解得：x=034x则 A 点的坐标为（0，vT）（3）粒子在 时刻射入电场，粒子沿 y 轴方向匀速运动，速度不变；沿 x 轴方向08Tt在 内做初速度为零的匀加速运动，末速度为 v4，则： 82 438T
16、a粒子沿 x 轴方向在 T 内做匀变速运动，末速度为 v5，则： 52v粒子沿 x 轴方向在 内做匀变速运动，末速度为 ，则 ，解得98 6，则：粒子通过 A 点的速度为 v60v33、 （选做题） （1）设粒子经电场加速后的速度为 v，根据动能定理有 ，21qELmv解得 2qELvm10（2）粒子在磁场中完成了如图所示的部分圆运动，设其半径为 R，因洛仑兹力提供向心力， 所以有 由几何关系得 ，所以2mvqBRtan30rR23mELBqr（3）设粒子在电场中加速的时间为 t1，在磁场中偏转的时间为 t2粒子在电场中运动的时间 12LtaqE粒子在磁场中做匀速圆周运动，其周期为 2RmTvqB由于MON=120，所以MON=60故粒子在磁场中运动时间 260133tq所以粒子从 A 点出发到 N 点离开磁场经历的时间1236mLLmrtqEBqE
