1、湖北省部分重点中学 2019 届高三上学期起点考试物理试卷一、选择题1. 下列说法正确的是( )A. 某种放射性元素的半衰期为 T,则这种元素的 12 个原子核在经过 2T 时间后，这些原子核一定还有 3 个没有发生衰变B. 根据爱因斯坦的光电效应方程 EK=hv 一 W，若频率分别为 和 ( )的光均能使某种金属发生光电效应，则频率为 的光照射该金属时产生的光电子的初动 能一定比频率为的光照射该金属时产生的光电子的初动能更大C. 氢原子由高能级向低能级跃迁时，从 n=4 能级跃迁到 n=2 能级所放出的光子恰能使某种金属发生光电效应，则处在 n=4 能级的一大群氢原子跃迁时所放出的光子中有
2、4 种光子能使该金属发生光电效应D. 放射性元素发生 衰变时，放射性元素的原子放出核外电子，形成高速电子流一一即 射线。【答案】C【解析】【详解】A、原子核有半数发生衰变所需的时间就是该放射性元素的半衰期，是大量原子核衰变的统计结果，对少量的放射性元素的原子核，无法确定故 A 错误；B、根据爱因斯坦的光电效应方程 Ek=h-W，若频率分别为 1 和 2（12）的光均能使某种金属发生光电效应，则频率为 1 的光照射该金属时产生的光电子的最大初动能一定比频率为 2 的光照射该金属时产生的光电子的最大初动能更小故 B 错误；C、氢原子由高能级向低能级跃迁时，从 n=4 能级跃迁到 n=2 能级所放出
3、的光子恰能使某种金属发生光电效应，从 n=4 能级跃迁到 n=3 能级所放出的光子不能使某种金属发生光电效应，从 n=3 能级跃迁到 n=2 能级所放出的光子不能使某种金属发生光电效应，其余跃迁时所放出的光子都能使某种金属发生光电效应，即则处在 n=4 能级的一大群氢原子跃迁时所放出的光子中有 4 种光子能使该金属发生光电效应故 C 正确；D、 射线的本质是原子核内部一个中子变成一个质子和电子产生的故 D 错误；故选：C2. 半径为 r 的圆形空间内，存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子(不计重力)从 A 点以速度 v0 垂直磁场方向朝着 O 点射入磁场中，并从 B 点射出， ，如图所
4、示，则该带电粒子在磁场中运动的时间为( ).A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】由图可知,粒子转过的圆心角为 60,R= r；转过的弧长为 l= 2R=R3= r则运动所用时间 t=l/v0= ；由左手定则判断知粒子带负电荷；故选：A【点睛】带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，画出轨迹，由几何关系可求出圆心角和半径，则可求得粒子转过的弧长，由线速度的定义可求得运动的时间3. 叠罗汉是一种二人以上层层叠成各种造型的游戏娱乐形式，也是一种高难度的杂技.如图所示为六人叠成的三层静态造型，假设每个人的重量均为 G,下面五人的背部均呈水平状态，则最底层正中间的人的一只脚对水平地面的压力约为(
5、)A. B. C. D. G【答案】C【解析】【详解】最上面的人受到的竖直向下重力为 G，所以每个腿上的力都是 G/2；中间层左边的人，受到竖直向下的力为：G+G/2=3G/2，所以每个腿上的力都是 G；由对称性，中间层右边的人每个腿上的力也是 G；最底层中间的人，受到竖直向下的力为：G+ G2= G，所以其每根腿上的力为： G.故选：C.4. 2015 年 12 月 29 日， “高分 4 号”对地观测卫星升空.这是中国 “高分”专项首颗高轨道高分辨率、设计使用寿命最长的光学遥感卫星，也是目前世界上空间分辨率最高、幅宽最大的地球同步轨道遥感卫星.下列关于“高分 4 号”地球同步卫星的说法中正
6、确的是( )A. 该卫星定点在北京上空B. 该卫星定点在赤道上空C. 它的高度和速度是一定的，但周期可以是地球自转周期的整数倍D. 它的周期和地球自转周期相同，但高度和速度可以选择，高度增大，速度减小【答案】B【解析】试题分析：地球同步卫星若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步” ，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，就稳定做圆周运动，这是不可能的，因此地球同步卫星相对地面静止不动，所以必须定点在赤道的正上方，故 B 正确，A 错误；因为同步卫星要和地球自转同步，即它们的 T 与 相同，根据 ，因为 一定，所以 r 必须固定，且 v 也是确定，故 CD 错误；故选
7、B。考点：同步卫星；万有引力定律【名师点睛】此题要理解并掌握地球同步卫星的条件地球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度大小。5. 一小球由静止开始竖直下落，触底后立即竖直反弹，直至再次上升到最高点，已知空气阻力大小恒定，触地反弹瞬间动能损失了 75%，规定向下为正方向，则在整个过程中，则下列 v-t 图象中能正确反应这一过程的是( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】由于题目选择竖直向下为正方向，开始时小球做竖直向下的匀加速直线运动，即速度为正值且一直增大，加速度竖直向下保持 值不变，即斜率保持不变且
8、斜率为正值，落地后弹起的过程中，小球向上做减速运动加速度竖直向下保持 值不变，即斜率保持不变且斜率为正值，上升过程的加速度大于下落过程的加速度，触地反弹瞬间动能损失了 75%，则反弹后动能为原来的 ，所以速度为原来的 ，即为 ，故 D 正确， A、B、C 错误；故选 D。【点睛】对下落和上升的两个过程，根据牛顿第二定律求出加速度，再分析小球的运动情况即可。6. 如图所示，MN、PQ 是间距为乙的平行金属导轨，置于磁感应强度为从方向垂直导轨所在平面向里的匀强磁场中，从尸间接有一阻值为尸的电阻.一根与导轨接触良好、有效阻值为 的金属导线 ab 垂直导轨放置，并在水平外力 F 的作用下以速度 v 向
9、右匀速运动，则(不计导轨电阻)( )A. 通过电阻 R 的电流方向为 PRNB. a, b 两点间的电压为 BLvC. a 端电势比 b 端电势高D. 外力 F 做的功等于电阻 R 上产生的焦耳热【答案】C【解析】试题分析：根据右手定则可知：ab 中产生的感应电流方向为 ba，则通过电阻 R 的电流方向为 MPR故 A 错误；金属导线 ab 相当于电源，ab 两点间的电压是路端电压，即是R 两端的电压根据闭合电路欧姆定律得知，ab 两点间的电压为 故 B 错误金属导线 ab 相当于电源， a 端相当于电源的正极，电势较高，故 C 正确ab 棒向右做匀速直线运动，根据能量守恒得知：外力 F 做的
10、功等于电路中产生的焦耳热，大于电阻 R上发出的焦耳热，故 D 错误故选 C考点：右手定则；闭合电路的欧姆定律；能量守恒定律【名师点睛】本题比较简单考查了电磁感应与电路的结合，解决这类问题的关键是正确分析外电路的结构，然后根据有关电学知识求解；根据楞次定律或右手定则可判断出通过电阻 R 的电流方向和 a、b 电势高低金属导线 ab 相当于电源，外电路为电阻 R，由闭合电路欧姆定律求解 ab 两点间的电压；根据能量守恒得外界的能量转化成整个电路产生的焦耳热。7. 如图所示，物体 a, b 用一根不可伸长的细线相连，再用一根轻弹簧跟 a 相连，弹簧上端固定在天花板上，已知物体 a, b 的质量相等。
11、当在 P 点处剪断绳子的瞬间( )A. 物体 a 的加速度大小为零B. 物体 a 的加速度与物体 b 的加速度大小相同C. 物体 b 的加速度大小为零D. 物体 b 的加速度大小为 g【答案】BD【解析】【详解】A设 a、b 物体的质量都为 m，剪断细线前，对 ab 整体受力分析，受到总重力和弹簧的弹力而平衡，故 F=2mg；再对物体 a 受力分析，受到重力、细线拉力和弹簧的拉力；剪断细线后，重力和弹簧的弹力不变，细线的拉力减为零，故物体 a 受到的力的合力等于mg，向上，根据牛顿第二定律得 A 的加速度为 aa=mg/m=g，故 A 错误；BCD对物体 b 受力分析，受到重力、细线拉力，剪断
12、细线后，重力不变，细线的拉力减为零，故物体 b 受到的力的合力等于 mg，向下，根据牛顿第二定律得 A 的加速度为 ab=mg/m=g，故 B 正确，C 错误，D 正确；故选：BD【点睛】本题考查了瞬间加速度的计算，弹簧弹力不能发生突变，在剪短瞬间仍然保持原来的大小和方向；而细绳的弹力会发生突变，在剪断瞬间会突然改变；剪断细线前对 A、B和 C 整体物体分别受力分析，根据平衡条件求出细线的弹力，断开细线后，再分别对 A、B整体受力分析，求解出合力并运用牛顿第二定律求解加速度8. 如图所示，两块平行金属板正对着水平放置，两板分别与电源正、负极相连.当开关闭合时，一带电液滴恰好静止在两板间的 M
13、点.则A. 当开关 S 闭合时，若减小两板间距，液滴仍静止B. 当开关 S 闭合时，若增大两板间距，液滴将下降C. 开关 S 再断开后，若减小两板间距，液滴仍静止D. 开关 S 再断开后，若增大两板间距，液滴将下降【答案】BC【解析】试题分析：开始时，液滴静止，故 mg=Eq，电场力向上；当开关闭合时，两板间的电势差不变，则减小两板间距离时，由 U=Ed 可知 E 增大，液滴所受电场力增大，合力向上，故液滴将向上运动，故 A 错误；当开关闭合时，两板间的电势差不变，则增大两板间距离时，由 U=Ed 可知 E 减小，液滴所受电场力减小，合力向下，故液滴将向下运动，故 B 正确；而通电后断开开关，
14、无论如何改变两板间的距离，板间的电场强度均不发生变化，故电场力不变，故粒子仍能受力平衡，故 C 正确而 D 错误；故选 BC考点：电场强度；物体的平衡【名师点睛】若通电后断开开关，则若只改变两板间的距离时极板间的电场强度是保持不变的，本结论应熟记并能灵活应用。9. 如图为某小型水电站的电能输送示意图，发电机通过升压变压器 T1 和降压变压器 T2 向用户供电，已知输电线的总电阻 R=10，降压变压器 T2 的原、副线圈匝数之比为 4:1，副线圈与用电器 R0 组成闭合电路 .若 T1、T2 均为理想变压器 , T2 的副线圈两端电压。（V） ，当用电器电阻 R0=ll 时( )A. 通过用电器
15、 R0 的电流有效值是 20AB. 当用电器的电阻 R0 减小时，发电机的输出功率减小C. 发电机中的电流变化频率为 100 HzD. 升压变压器的输入功率为 4650W【答案】AD【解析】【详解】A. 降压变压器副线圈两端交变电压有效值为 U= V=220V，负载电阻为11，所以通过 R0电流的有效值是 20A，故 A 正确；B. 当用电器的电阻 R0减小时，由于电压不变，电流增大，输出功率增大，则发电机的输出功率也增大，故 B 错误； C. 交流电经过变压器，频率不变，则交流电的频率 f=/2=50Hz.故 C 错误；D. 根据 I3：I 4=n4：n 3得，输电线上的电流 I3=5A，则
16、输电线上损耗的功率 P 损 = =2510W=250W，降压变压器的输入功率 P3=U4I4=22020W=4400W，则升压变压器的输出功率 P=P3+P 损 =4400+250W=4650W.故 D 正确；故选：AD【点睛】在输电的过程中，交流电的频率不变，结合降压变压器的输出电压和用电器的电阻，根据欧姆定律求出通过用电器的电流，结合输电线上的功率损失求出升压变压器的输入功率10. 质量为 m 的跳伞运动员进行低空跳伞表演，在打开降落伞之前，他以恒定的加速度竖直加速下落高度 h，在这段过程中( )A. 运动员的重力势能减少了 mghB. 运动员的动能增加 mghC. 运动员克服阻力所做的功
17、为 mghD. 运用的机械能减少 mgh【答案】AB【解析】【详解】A. 重力做功：W G=mgh，重力势能减少了：E P=mgh，故 A 错误；B由动能定理可知，运动员的动能增加量为：E K=W 合 =mah= mgh，故 B 正确；CD由牛顿第二定律知，mgf=ma，可得：f= mg，阻力做功为：W f=fh= mgh，物体克服阻力做功 mgh，所以机械能减少量为：E P= mgh，故 C 错误，D 错误；故选：AB.二、实验题11. 在做“练习使用多用电表”的实验中(1)关于多用电表使用的一些要求，以下说法正确的是_ :A.测量电阻时，每次更换倍率后，都应进行欧姆调零B.测量电压时，每次
18、更换量程后，都应进行机械调零C.测量未知电阻时，应先选用倍率最大的挡位测量D.测量未知电压时，应先选用量程最大的挡位测量(2)为了解一个“220V 100W”白炽灯的电阻大小，可以用电阻挡进行测量，现将多用电表打到“10”挡，发现指针偏转太大，为了较准确地进行测量，应换到_挡，如果换挡后经必要步骤，正确测量得到表盘的示数如图所示，则该白炽灯的阻值是_。【答案】 (1). AD; (2). ; (3). 60;【解析】【详解】(1)使用多用电表时：A. 测量电阻前要调零，即将红黑两表笔相接触，调节欧姆档调零旋钮，使指针指向 0.调好后，不得再动这个调零旋钮。若要更换倍率，必须重新进行欧姆调零，故
19、 A 正确； B. 使用前首先检查指针，如果不在左侧“0”刻度处，则要进行机械调零，测量电压时，每次更换量程后，不需要再进行机械调零，故 B 错误； C. 测量未知电阻时，应先选用中间倍率的挡位测量，若偏转角度过大，则改用较小倍率的挡；如偏转角度过小，则改用较大倍率的挡，故 C 错误；D. 测量未知电压时，为保护电表，应先选用量程最大的挡位测量，故 D 正确；故选：AD.(2)用10 挡测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很大，说明所选挡位太大，为了较准确地进行测量，应换小倍率挡进行测量，可选1 挡；换挡后要重新进行欧姆调零。如图所示，欧姆表示数为 601=60；12. 物理小组在
20、一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数.实验装置如图甲所示，打点计时器固定在斜面上，滑块拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下.图乙是打出的纸带的一段.(1)已知打点计时器使用的交流电频率为 50 Hz，选 A, B, C,D, E, F, G,7 个点为计数点，且各计数点间均有一个点没有画出.滑块下滑的加速度 a=_ m/s2.(2)为测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的有_ .(填入所选物理量前的字母)A.木板的长度 L B.木板的末端被垫起的高度 hC.木板的质量 m1 D.滑块的质量 m2 E.滑块运动的时间 t(3)测量第(2)问中所选定的物理量需要的实验器材是_.(4)滑块与
21、木板间的动摩擦因数 =_(用所测物理量表示，重力加速度为 g).与真实值相比，测量的动摩擦因数_(填“偏大”或“偏小”).写出支持你看法的一个论据:_。【答案】 (1). 3.00； (2). AB； (3). 刻度尺； (4). ； (5). 偏大； (6). 忽略空气阻力或纸带与限位孔间摩擦力；【解析】(1)纸带上可用数据为六个，为充分利用，减小误差，数据处理方法采用逐差法， ，且由各计数点间均有一个点没有画出得出 ，代入有；(2)由牛顿第二定律得 ，式中 为木板的倾角，由几何关系得 ，代入有 ，为测量动摩擦因数，故还应测的物理量有 h、L；(3) 应测的物理量有 h、L，测量工具为刻度尺
22、 ；(4)由(2)知 ，由于测量时忽略了纸带与限位孔间的摩擦力或忽略了空气阻力等 (写出一个即可)，故与真实值相比，测量值偏大 。三、计算题13. 如图所示，质量为 m=245g 的物块( 可视为质点)放在质量为 M=0. 5kg 的木板左端，足够长的木板静止在光滑水平面上，物块与木板间的动摩擦因数为 =0.4. 质量为 m0=5g 的子弹以速度 v0=300m/s 沿水平方向射入物块并留在其中 (时间极短)，g 取l0m/s2.子弹射入后，求:(1)子弹进入物块后一起向右滑行的最大速度 v1.(2)木板向右滑行的最大速度 v2.(3)物块在木板上滑行的时间 t.【答案】 （1） （2） （3
23、） 【解析】（1）子弹射入物块的过程，以子弹和物块组成的系统为研究对象，取向右为正方向，由动量守恒定律得：m 0v0=（m0+m）v1解得 v 1=6 m/s（2）当子弹、物块、木板三者同速时，木板的速度最大，由动量守恒定律可得：（m0+m）v1=（m0+m+M）v2解得：v 2=2 m/s（3）对木块在木板上滑动时，由动量定理： 解得：t=1s点睛：此题考查动量定理及动量守恒定律的应用；关键是搞清研究过程或研究系统，根据动量守恒定律列出方程；第 3 问也可用牛顿第二定律结合运动公式求解.14. 如图所示，倾角为 的光滑导轨，顶端 A 点高 H=1.45m，下端通过一小段光滑圆弧与薄壁细管做成
24、的玩具轨道相接于最低端 B,玩具轨道由长度为 x0 的水平轨道 BC、半径为 R =0. 5 的圆轨道、足够长的水平轨道 CE 组成，整个玩具轨道固定在竖直平面内，整个轨道水平部分动摩擦因数 =0.20，其它全部光滑。一个质量 m=0.50kg 的小球在倾斜导轨顶端A 以 v0=2.0m/s 速度水平发射，在落到倾斜导轨上 p 点(P 点在图中未画出)时速度立即变成大小 v1=3.0m/s，方向沿斜面向下，小球经过 BC,并能恰好经过圆的最高点。取 g= l0m/s2，求:(1)求 P 点离 A 点的距离;(2) x0 的大小(3)小球最终停留位置与 B 的距离【答案】 （1） （2） （3）
25、 【解析】【分析】小球水平方向做匀速运动，竖直方向做自由落体运动，联立两个公式，即可求出落到斜面上的落点离斜面顶端的距离；小球在通过竖直放置的圆轨道时，只要通过最高点的速度为 即可，然后结合动能定理即可求出，由动能定理即可求出小球通过的总路程，然后结合几何关系求出小球最终停止的位置；解：（1）小球从 A 做平抛运动，经过时间 t 落到倾斜导轨上的 P 点，水平位移 x，竖直位移 y，有 由上述式子得 P 点位置，即距抛出点 l= x/cos37= 0.75m （2）由恰好经过圆的最高点 D，D 点时有：得 由 P 到 D，能量关系：得 1.64m （3）从到停止水平距离 x，满足能量关系：得
26、x=7.89m15. 如图所示，倾角为 的光滑斜面的下端有一水平传送带，传送带正以 6m/s 的速度运动，运动方向如图所示.一个质量为 2kg 的物体(物体可以视为质点) ，从 h=3. 2m 高处由静止沿斜面下滑，物体经过 A 点时，不管是从斜面到传送带还是从传送带到斜面，都不计其动能损失.物体与传送带间的动摩擦因数为 0.5，物体向左最多能滑到传送带左右两端 AB 的中点处，重力加速度 g=l0m/s2，则 :(1)物体由静止沿斜面下滑到斜面末端需要多长时间?(2)传送带左右两端 AB 间的距离 L 至少为多少?(3)物体第一次在传送带上运动过程中物体与传送带组成的系统产:生的摩擦热为多少
27、?【答案】 （1） （2） （3） 【解析】(1)物体从光滑斜面滑下，斜面长度为：S=2h=6.4mmgsin=ma1a1=gsin=5m/s2由 ，可得(2)物体在传送带上减速：mg= ma2，得：a 2=g=5m/s2物体到传送带的初速度为：v 1=a1t1=51.6m/s=8m/s物体向左运动的最大距离：AB 两点的距离 L=2S1=12.8m(3)物体滑上传送带后，向左运动的时间为 t2=v1/ a2=1.6s传送带运动的距离：S 2=vt2=61.6m=9.6m产生的热量 Q1=mg(S1+S2)=160J返回时物体运动位移为 s3,则 ， ，物体在到达 A 点前速度与传送带相等。物
28、体在返回时加速阶段加速度仍为 a2=g=5m/s2 加速时间为 t3 =v/a2=1.2S ，传送带运动的距离：S 4=vt3=61.2m=7.2m产生的热量 Q2=mg(S4-S3)=36J产生的总热量 Q= Q1+ Q2=196J【点睛】该题涉及到相对运动的过程，要认真分析物体的受力情况和运动情况，选择恰当的过程运用动能定理解题.16. 下列说法中正确的有（_）A.悬浮在液体中的固体分子所做的无规则运动叫做布朗运动B.金属铁有固定的熔点C.液晶的光学性质具有各向异性D.由于液体表面分子间距离小于液体内部分子间的距离，故液体表面存在表面张力E.随着高度的增加，大气压和温度都在减小，一个正在上
29、升的氢气球内的氢气内能减小【答案】BCE【解析】布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动，不是固体分子的运动，故 A 错误；金属铁是晶体，具有固定的熔点，故 B 正确；液晶是液体，其光学性质具有各向异性，故C 正确；由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，故液体表面存在表面张力，故 D 错误；随着高度的增加，大气压和温度都在减小，一个正在上升的氢气球内的氢气对外做功，同时要降温，故内能一定减小，故 E 正确。所以 BCE 正确，AD 错误。17. 如图甲所示，内壁光滑的导热汽缸竖直浸放在盛有冰水混合物的水槽中，用不计质量的活塞封闭压强为 1.0105Pa、体积为 2.0 10-3
30、m3 的理想气体，现在活塞上方缓慢倒上沙子，使封闭气体的体积变为原来的一半，然后将汽缸移出水槽，缓慢加热，使气体温度变为 127.(1)求汽缸内气体的最终体积;(2)在图乙上画出整个过程中汽缸内气体的状态变化( 外界大气压强为 1. 0 105Pa) .【答案】 （1） （2）【解析】试题分析：(1)在活塞上方倒沙的全过程中温度保持不变，即 p0V0p 1V1解得 p12.010 5Pa在缓慢加热到 127 的过程中压强保持不变，则所以 V21.4710 3 m3.见解析图（2 分）考点：本题考查理想气体的状态方程视频18. 图甲为一列简谐横波在 t=0. l0s 时刻的波形图，P 是平衡位置
31、为 x=1 m 处的质点，Q 是平衡位置为 x=4 m 处的质点，图乙为质点 Q 的振动图象，则下列说法正确的是.（_）A.该波的周期是 0.10s B.该波的传播速度为 40m/sC.该波沿 x 轴的负方向传播 D. t=0. 10s 时，质点 Q 的速度方向向下E.从 t=0. l0s 到 t=0. 25s，质点 p 通过的路程为 30 cm【答案】BCD【解析】【详解】A. 由图乙知该波的周期是 0.20s.故 A 错误；B. 由甲图知波长 =8m，则波速为：v=/T=8/0.2m/s=40m/s，故 B 正确；CD、在 t=0.10s 时，由乙图知质点 Q 正向下运动，根据波形平移法可
32、知该波沿 x 轴负方向传播，故 C 正确，D 正确。E. 该波沿 x 轴负方向传播，此时 P 点正向上运动。从 t=0.10s 到=0.25s 经过的时间为t=0.15s= T，由于 t=0.10s 时刻质点 P 不在平衡位置或波峰、波谷处，所以质点 P 通过的路程不是 3A=30cm，故 E 错误；故选：BCD【点睛】根据甲、乙两图可以读出该波的波长和周期，从而求出波速，t=0.10s 时 Q 点在平衡位置上，由乙图知下一时刻向下振动，从而确定了该波向左传播根据时间与周期的关系，分析质点 P 的位置和加速度，求出通过的路程19. 如图所示，MN 是通过某透明球体的球心的一条直线.现有一条平行
33、于直线 MN 的单色光线 射向此球体上的 A 点，经球体折射后从球面 B 点射出，出射点 B 到出射光线与 MN的交点 P 的距离 BP 等于球体半径，与直线 MN 的夹角为 (结果保留根号).则:(i)该球体的折射率是多少?(ii)已知光在真空中的速度为 3 108m/s，那么，该单色光通过透明球体时的速度是多少 ?【答案】(1) (2) 【解析】（1）光路如图，在OPB 中，OPB=180 0-600=1200在 A 点： 在 B 点：由几何关系： 解得 （2）根据 n=c/v 解得光在球内的速度 点睛：本题是较为复杂的几何光学问题，其基础是作出光路图，根据几何知识确定入射角与折射角，根据折射定律求解
