1、1专题九 恒定电流题组 1 电路的基本概念和规律 闭合电路欧姆定律1.2016 上海高考,13,3 分电源电动势反映了电源把其他形式的能量转化为电能的能力,因为 ( )A.电动势是一种非静电力B.电动势越大,表明电源储存的电能越多C.电动势的大小是非静电力做功能力的反映 D.电动势就是闭合电路中电源两端的电压2.2015 浙江高考,14,6 分下列说法正确的是 ( )A.电流通过导体的热功率与电流大小成正比B.力对物体所做的功与力的作用时间成正比C.电容器所带电荷量与两极间的电势差成正比D.弹性限度内,弹簧的劲度系数与弹簧伸长量成正比3.2015 北京高考,19,6 分如图所示,其中电流表 的
2、量程为 0.6 A,表盘均匀划分为 30 个小格,每一小格表示 0.02 A;R1的阻值等于电流表内阻的 ;R2的阻值等于电流表内阻的 2 倍 .若12用电流表 的表盘刻度表示流过接线柱 1 的电流值,则下列分析正确的是 ( )A.将接线柱 1、2 接入电路时,每一小格表示 0.04 AB.将接线柱 1、2 接入电路时,每一小格表示 0.02 AC.将接线柱 1、3 接入电路时,每一小格表示 0.06 AD.将接线柱 1、3 接入电路时,每一小格表示 0.01 A4.2013 上海高考,24,4 分如图所示,电路中三个电阻 R1、 R2和 R3的阻值分别为 R、2 R 和4R.当开关 S1断开
3、、S 2闭合时,电源输出功率为 P0;当 S1闭合、S 2断开时,电源输出功率也为 P0.则电源电动势为 ;当 S1、S 2都断开时,电源的总功率为 . 5.2013 安徽高考,19,6 分用如图所示的电路可以测量电阻的阻值 .图中 Rx是待测电阻, R0是定值电阻, 是灵敏度很高的电流表, MN 是一段均匀的电阻丝 .闭合开关,改变滑动触头P 的位置,当通过电流表 的电流为零时,测得 MP=l1,PN=l2,则 Rx的阻值为 ( )2A. R0 B. R0 C. R0 D.1211+221R021+26.2015 全国卷,23,9 分图(a)为某同学改装和校准毫安表的电路图,其中虚线框内是毫
4、安表的改装电路 .图(a) 图(b)(1)已知毫安表表头的内阻为 100 ,满偏电流为 1 mA;R1和 R2为阻值固定的电阻 .若使用a 和 b 两个接线柱,电表量程为 3 mA;若使用 a 和 c 两个接线柱,电表量程为 10 mA.由题给条件和数据,可以求出 R1= , R2= . (2)现用一量程为 3 mA、内阻为 150 的标准电流表 对改装电表的 3 mA 挡进行校准,校准时需选取的刻度为 0.5、1 .0、1 .5、2 .0、2 .5、3 .0 mA.电池的电动势为 1.5 V;内阻忽略不计;定值电阻 R0有两种规格,阻值分别为 300 和 1 000 ;滑动变阻器 R 有两种
5、规格,最大阻值分别为 750 和 3 000 .则 R0应选用阻值为 的电阻, R 应选用最大阻值为 的滑动变阻器 . (3)若电阻 R1和 R2中有一个因损坏而阻值变为无穷大,利用图(b)的电路可以判断出损坏的电阻 .图(b)中的 R为保护电阻,虚线框内未画出的电路为图(a)虚线框内的电路 .则图中的d 点应和接线柱 (填“ b”或“ c”)相连 .判断依据是: 题组 2 实验:测定金属的电阻率7.2016 江苏高考,10,8 分小明同学通过实验探究某一金属电阻的阻值 R 随温度 t 的变化关系 .已知该金属电阻在常温下的阻值约 10 , R 随 t 的升高而增大 .实验电路如图所示,控温箱
6、用以调节金属电阻的温度 .实验时闭合 S,先将开关 K 与 1 端闭合,调节金属电阻的温度,分别记下温度 t1,t2,和电流表的相应示数 I1,I2,.然后将开关 K 与 2 端闭合,调节电阻箱使电流表的示数再次为I1,I2,分别记下电阻箱相应的示数 R1,R2,.3(1)有以下两种电流表,实验电路中应选用 . A.量程 0100 mA,内阻约 2 B.量程 00.6 A,内阻可忽略(2)实验过程中,要将电阻箱的阻值由 9.9 调节至 10.0 ,需旋转图中电阻箱的旋钮“a”、“ b”、“ c”,正确的操作顺序是 . 将旋钮 a 由“0”旋转至“1”将旋钮 b 由“9”旋转至“0”将旋钮 c
7、由“9”旋转至“0”(3)实验记录的 t 和 R 的数据见下表:温度 t() 20.0 40.0 60.0 80.0 100.0阻值 R() 9.6 10.4 11.1 12.1 12.8请根据表中数据,在方格纸上作出 R-t 图线 .由图线求得 R 随 t 的变化关系为 R= . 8.2015 全国卷,23,9 分电压表满偏时通过该表的电流是半偏时通过该表电流的两倍 .某同学利用这一事实测量电压表的内阻(半偏法),实验室提供的器材如下:待测电压表 (量程 3 V,内阻约为 3 000 ),电阻箱 R0(最大阻值为 99 999.9 ),滑动变阻器 R1(最大阻值 100 ,额定电流 2 A)
8、,电源 E(电动势 6 V,内阻不计),开关 2 个,导线若干 .(1)虚线框内为该同学设计的测量电压表内阻的电路图的一部分,将电路图补充完整 .4(2)根据设计的电路,写出实验步骤: . (3)将这种方法测出的电压表内阻记为 RV,与电压表内阻的真实值 RV相比, RV RV(填“”“=”或“ ”或“ 断开 S2,调节电阻箱使电压表成半偏状态,电压表所在支路总电阻增大,分得的电压也增大;此时 R0两端的电压大于电压表的半偏电压,故 RVRV解析: 由半偏法原理知电压表应串联在电路中,又因电压表量程小于电源电动势,且电压表内阻比滑动变阻器最大阻值大得多,故滑动变阻器应采用分压接法 .9.(1)
9、1.0 (2)c d 小解析:(1)由题知欧姆表的内阻为 r=1.5103 ,欧姆表内电池电动势为 1.5 V,根据闭合电路欧姆定律可知, E=U+ r,解得 U=1.0 V.(2)由于滑动变阻器采用的是分压式接法,为了使电路电压调节变化尽可能均匀,应选用最大阻值较小的滑动变阻器 c,由于电压表的电阻约为 3 000 ,因此电阻箱应选用最大阻值超过3 000 的电阻箱 d.由于将电阻箱的阻值调大,因此滑动变阻器与电阻箱并联部分电路两端的电压会大于 3 V,即当电压表的示数为 1.5 V 时,电阻箱两端的电压大于 1.5 V,即电阻箱接入电路的电阻值大于电压表的内阻,因此电压表内阻的测量值大于真
10、实值,即 R 测 R 真 ;当 RV趋于无穷大时, 趋于零,因此 RV越大, 越小 .|测 -真 |真|测 -真 |真10.(1)B 0.410 (2)7、9 断路 (3)电流表改为内接;测量多组电流和电压值,计算出电阻的平均值(或测量多组电流和电压值,用图象法求电阻值)解析:(1)读数前先旋紧 B;示数为 41.00.01 mm=0.410 mm.(2)电压表的示数接近电源的电动势,电流表的示数很小,说明电压表串联在电路中,由此推断:合金丝没有接入电路中,即电路中的 7、9 之间出现了断路 .(3)由于电流表内阻约 0.3 ,可将电流表改为内接;多次测量求平均值,可以让测量误差更小,或者用
11、U-I 图象的斜率求出电阻 .11. (1)实验电路原理图如图甲所示 (2)增大 增大 (3)0.39 1.17图甲23解析:(1)要实现在 03.8 V 的范围内对小灯泡的电压进行测量,则滑动变阻器需要设计成分压接法;电压表 应与固定电阻 R0串联,将量程改为 4 V.由于小灯泡正常发光时电阻约为12 ,所以需将电流表外接 .(2)由小灯泡伏安特性曲线可知,随着电流的增加小灯泡的电阻增大 .根据电阻定律可知,灯丝的电阻率增大 .(3)当滑动变阻器接入电路中的阻值最大为 9.0 时,流过小灯泡的电流最小,小灯泡的实际功率最小,把滑动变阻器视为等效电源内阻的一部分,在题图(a)中画出等效电源 E
12、0(电动势 4 V,内阻 1.00 +9.0 =10 )的伏安特性曲线,函数表达式为 U=4-10I(V),图线如图乙中所示,故小灯泡的最小功率为 Pmin=U1I1=1.750.225 W0 .39 W.当滑动变阻器接入电路中的阻值最小为零时,流过小灯泡的电流最大,小灯泡的实际功率最大,在题图(a)中画出电源 E0(电动势 4 V,内阻 1.00 )的伏安特性曲线,函数表达式为 U=4-I(V),图线如图乙中所示,故小灯泡的最大功率为 Pmax=U2I2=3.680.318 W1 .17 W.图乙12.(1)如图所示(2)0.10 A 0.24 A 2.00 V 0 .27 V 8.3 (8
13、 .28.4 均可) 2.7 (2 .62.8 均可)解析:(1)根据实物图,滑动变阻器起分压作用,电压表测量小灯泡两端的电压,电流表外接,故画出的电路图如图所示 .(2)电流表量程为 0.6 A,电压表量程为 3 V,因此的读数为 0.10 A, 的读数为 0.24 A,的读数为 2.00 V,的读数为 0.27 V.两组数据得到的电阻 R1= = =8.3 , R2= =112.000.2422 =2.7 .0.270.1013.(1)如图所示 (2)0.44 (3)4 2.25(2.222.28 均对)24解析:(1)根据题意,实验电路为分压电路,电流表外接,按照电流流向即可完成连线,在
14、连线时要注意电表的极性,并注意接线要连到接线柱上 .(2)因为电流表的精度是 0.02 A,所以读数为 220.02 A=0.44 A.(3)当电源的内阻与外阻相同时,小电珠的总功率最大,即当总电流 I= =1.5 A,路端电压为2U=1.5 V 时,小电珠的总功率最大,从题图丙中可知 U=1.5 V 时,通过每只小电珠的电流为I0=0.38 A,所以有 n= =4,总功率约为 P=UI=1.51.5 W=2.25 W.014.D A 选项属于伏安法测定干电池的电动势和内阻的实验器材,A 项正确;由 U=E- r,B 项正确;由 E=I(R+r),C 项正确;因不能读出滑动变阻器的阻值,D 项
15、错误 .15.(1)aa bb (2)1.4(1.361.44 均可) 0.5(0.40.6 均可)解析:(1)根据 U=IR,导线电阻 R 等于零,所以良好的同一根导线上任何两点都不会存在电势差,若一根导线两端有电势差,则导线断开 .据此可推断出导线是完整的还是断开的 .(2)将电流表 A1和 R1串联当成电压表使用,电压测量值 U=I1(r1+R1),根据闭合电路欧姆定律有 I1(r1+R1)=E-I2(r+R0),整理得 I1= - I2,由题图乙可知,纵轴截距 b=0.14 1+1+01+110-3 A= ,所以电动势 E=0.1410-3(1.0 103+9.0 103) V=1.4
16、 V,斜率的绝对值1+1表示 ,即 |k|= =+01+1 0.14-0.05260,解得 r0 .5 .+01+116.(1)A D F (2)a d c g f h (3) 或 U 或 R(横、纵轴互换亦可)1 1 解析:(1)由于被测电池组的电动势约 4.5 V,因此电压表应选用 D;由于电池允许通过的电流一般不超过 0.5 A,因此电流表选用 A;滑动变阻器起限流作用,为了方便调节,因此阻值不宜太大,选用 F.(2)考虑到电流表内电阻与电池组的内电阻相差不大,而电压表内电阻特别大,为了使测量误差尽可能小,需用电压表测量电流表和滑动变阻器的总电压,故还需在电路中用导线将 a 与d 相连接
17、, c 与 g 相连接, f 与 h 相连接,电路连接如图 .25(3)若用电阻箱与电压表以伏阻法测电源电动势和内电阻,根据闭合电路欧姆定律可知, E=U+r,变形得 = + ,以 为纵轴, 为横轴,作出的图象是一条直线 . 11 1 1 117.(1) 并联 5.0 (2)如图所示 1 .53 2.0解析:(1)将表头与一个定值电阻 R 并联,就相当于一个大量程的电流表;根据欧姆定律,得:Ug=IgRg=110-4 A2 500 =0.25 V,并联的电阻 R= =5.0 .-(2)根据图线得电源的电动势 E=1.53 V,内阻 r=2.0 .18.(1)黑 (2)B (3)160 880
18、(4)1.47 mA 1.10103 2.95 V解析:(1) A 端与电池正极相连,电流从 A 端流出, A 端与黑色表笔相连 .(2)使用多用电表前,应机械调零,即应调整“指针定位螺丝”,使指针指在表盘左端电流“0”位置,与 R6无关,选项 A 错误;使用欧姆挡时,需要红、黑表笔短接,使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置,选项 B 正确;使用电流挡时, B 端与“1”或“2”相连,与 R6无关,C错误 .(3)B 端分别与“1”、“2”相连时,该多用电表挡位分别为直流 2.5 mA 挡、直流 1 mA 挡,如图 1 所示,由电表的改装原理可知, B 端与“2”相连时,有 I2=IG+ ,解
19、得 R1+R2=160 1+2; B 端与“4”相连时,如图 2 所示,多用电表为直流电压 1 V 挡,表头并联部分电阻 R0=,R4= -R0=880 .242(4)B 端与“1”相连时,电表读数为 1.47 mA;B 端与“3”相连时,多用电表为欧姆 100 挡,读数为 11.0100 =1.10103 ; B 端与“5”相连时,多用电表为直流电压 5 V 挡,读数为 5 V=2.95 V.147.525026图 1 图 2 19.(1)短接 (2)1 (3)15.0 3.60 (4)12.0 (5)9.00 15.0解析:(1)使用多用电表测电阻时,换挡后需重新进行欧姆调零,故应将两表笔
20、短接 .(2)电流应从多用电表的红表笔流入、黑表笔流出,故红表笔应接“1” .(3)从题图(b)可以看出指针指向欧姆挡 15.0 位置,电阻挡为“ 1 k”,故读数为 15.0 k;由于电压表量程为 5 V,指针所指位置为 3.60,故读数为 3 .60 V.(4)当滑动变阻器连入电路中的电阻为零时,多用电表读数即电压表内阻,所以电压表内阻为12.0 k .(5)设多用电表内电池的电动势为 E、多用电表内阻为 R,由第(3)、(4)问可知 =+15.0, = ,两式联立解得 E=9.00 V,R=15.0 k .3.6012.0 +12.04.0012.01.AD 当逐渐增大光照强度时,光敏电
21、阻 R1的阻值减小,依据“串反并同”可知电流 I 增大,则增大, UC增大, QC=CUC增大,即电容器充电, R3中有向上的电流,A 正确 .当 P2向上移动时,0UC不变, R3中没有电流,故 B 错误 .当 P1向下移动时, I 不变,但 UC变大, EC= 变大,电场力FC= 变大 ,微粒向上运动,故 C 错误 .若断开开关 S,电容器放电, UC降为 0,则微粒只受重力作用而向下运动,故 D 正确 .2.AC 解法一:程序法 将滑动变阻器的滑片向 a 端移动,滑动变阻器接入电路中的电阻增大,电路中的总电阻增大,电路中的总电流 I 减小,电源的总功率 P=EI 减小, R3消耗的功率P
22、3=I2R 减小,选项 A 正确,B 错误;电路中的总电流减小,由 U=E-Ir 知电源的路端电压 U 增大,R1、 R2并联部分的总电阻增大,电压增大,通过 R1的电流 I1增大,而总电流 I 减小,则通过R2的电流 I2减小,选项 C 正确,D 错误 .解法二:“串反并同”法 将滑动变阻器的滑片向 a 端移动,滑动变阻器接入电路中的电阻增大,与其串联的电流表 A2的示数减小,与其间接串联的电源的总功率、 R3消耗的功率均减小,A 正确,B 错误;与其间接并联的电流表 A1、电压表 V 的示数均增大,C 正确,D 错误 .3.(1)AC (2)如图所示27解析:(1)采用“ 10”挡,指针偏
23、转角度很大,几乎紧挨满偏刻度停下来,说明选择“ 10”挡大了,这个电阻阻值很小,估计只有几欧姆,如需进一步测量可换“ 1”挡,调零后测量,选项 A、C 正确,B、D 错误 .(2)由于电阻阻值很小,可以采用电流表外接法 .根据题给电源电动势为 6 V,需要将电流表G 量程扩大到 1 A,可以将电流表 G 并联电阻 R2.需要电压表量程为几伏,可以将电流表 G 串联电阻 R1=29 000 改装成电压表 .要使电路能耗较小,可以采用滑动变阻器限流接法,设计的测量电路如图 .4.(1)R1 (2)如图所示 Rt=(100+t) (3)较小 80解析:(1)将开关 S 由接点 1 拨到接点 2,并使
24、电路中的电流不变,说明电路中的总电阻不变,所以 Rt=R1.(2)RT随温度 t 变化的图象如图所示,由图线可以看出,热敏电阻 Rt的阻值随温度 t 变化的关系式为 Rt=(100+t) .(3)电流表刻度较大处表示流经电路的电流较大,即 Rt较小,当 Rt较小时,温度 t 的数值也较小;当电流表的示数为 3 mA 时,电路中的总电阻为 R 总 =500 ,又因为 R0=220 、 Rg=100 ,所以 Rt=180 ,可得此时所对应的温度刻度 t=80 .5.(1)B (2)实验电路图如图所示解析:(1)题图甲所示多用电表欧姆挡显示电阻很大,说明题图甲中红表笔接的是二极管正极,即B 端为二极
25、管的正极.(2)验证二极管的伏安特性曲线实验中的滑动变阻器应采用分压接法,二极管应正向接入电路.由于二极管正向电阻较小,电流表应外接.6.(1)如图所示 (2)0.8 W 5 解析:(2)根据绘出的 U-I 图象的函数解析式 U=4-5I(V),可知,电源内阻(即定值电阻 R0与蓄电池内阻之和)为 5 ,电动势为 4 V.根据电源输出功率最大的条件,知当外电路电阻等于电源内阻时,电源输出功率最大,最大功率 Pmax= = W=0.8 W.24(0+) 4245287.(1)R2 R3 (2)如图甲所示 (3)如图乙所示 1.47(1.461.49 均对) 1.06(1.001.20均对)图甲
26、图乙解析:(1)由于电源的内阻较小,约为几欧,故为了能起到控制调节作用,滑动变阻器应采用总阻值为 30 的 R2;由于给出的电流表量程为 060 mA,量程偏小,为了能准确测量,可以采用串联定值电阻的方法来减小电流,需要的电阻 R= =25 ,两定值电阻均达不1.56010-3到要求,所以应考虑改装电流表,为了让量程增大,应将较小的电阻 R3与电流表并联,改装后的量程为 IA=IA+ =(60+ ) mA=600 mA,符合实验要求 .3 60182(3)根据闭合电路欧姆定律可知 U=E-Ir,由图乙可知,图象与纵轴的交点为电源的电动势,故E=1.47 V,r= 1.06 .1.47-0.90
27、.548.(1)A2 V1 R1 (2)小于 (3)h (4)0.19解析:(1)在该实验中,标有“3 V 1.5 W”灯泡的正常工作电流为 0.5 A,则电流表应选择量程 600 mA 的电流表 A2,电压表应选择量程 3 V 的电压表 V1,由于电流表应从零开始变化,所以滑动变阻器应选分压接法,又滑动变阻器 R2的额定电流小于灯泡正常工作的电流,则滑动变阻器应选择阻值 010 的滑动变阻器 R1.(2)如题图甲所示的电路,电流表外接,电流的测量值大于通过小灯泡电流的真实值,则计算得到电阻的测量值小于真实值 .(3)闭合开关后,反复调节滑动变阻器,小灯泡的亮度发生变化,但电压表和电流表示数不
28、能调为零,说明断路的导线为 h,滑动变阻器分压接法变成了限流接法 .(4)若将两个该灯泡和 R=6.0 的定值电阻一起串联与题中的电源组成闭合回路,由闭合电路欧姆定律,有 E=2U+IR,变形为 I= - U,代入相关数据,得 I=0.5 A- U.在题图乙中画出2 1329I=0.5 A- U 函数图象 (如图所示),与小灯泡的伏安特性曲线交点的坐标约为(0 .75 V,0.25 13A),每个小灯泡的实际功率 P=UI=0.750.25 W0 .19 W.9.(1)如图所示 (2)R1 (3)2.10 (4)5.60 2.5 10解析:由题意可知,电源内阻不计,若滑动变阻器采用分压式接法,
29、则无法测量电源的电动势,所以滑动变阻器应采用限流式接法,改变滑动变阻器接入电路的电阻值,可改变电压表的示数,且应选择阻值与负载阻值接近的,即选 R1.电压表 V1和 V2串联,则电阻箱应与其中一个电压表并联.由题意知,当电阻箱阻值变小时,V 2示数变小,V 1示数变大,所以 V2应与电阻箱并联.测量原理电路图的连线如图所示.当电压表 V2的示数为 2.40 V 时,电压表 V1的示数为1.60 V;当电压表 V2的示数为 1.40 V 时,电压表 V1的示数为 2.10 V,根据串、并联电路特点有 = ，1.6012.40(6+2)62= ,联立可得电压表 V1的内阻为 2.5 k,电压表 V
30、2的内阻为 10 k .根据2.1011.40(2+2)22闭合电路欧姆定律可知, U1+U2=E- R1,U1+U2=E- R1,代入数据联立解得 E=5.60 V.11 111.BC 当 R 处温度降低时,热敏电阻 Rt阻值变大,由闭合电路欧姆定律可知,左侧电路中的电流减小,通过小灯泡 L 的电流减小,小灯泡 L 的光照强度减小,光敏电阻 RG的阻值变大,对右侧电路,由闭合电路欧姆定律可知,通过 R2的电流变小,右侧电路中的电源 E2的路端电压变大, R 两端电压变大,通过 R 的电流也变大, R 消耗的功率变大,通过 R3的电流变小,选项B、C 正确,A、D 错误 .2.AD 开关 S
31、断开与闭合时, ab 段电路消耗的电功率相等,则有( )2(R1+R2)=1+2+3+( )2R1,将 3 、9 代入方程成立,而将 4 、6 代入方程不成立,故 A 正1+3+确,B 错误;开关 S 断开时外电路总电阻大于闭合时外电路总电阻,则开关 S 断开时电流表的30示数一定小于开关 S 闭合时的示数,开关 S 断开时电源内阻 r 与电阻 R3两端的电压小于开关 S 闭合时的电压,又电动势 E 恒定,故开关 S 断开时电压表的示数大于开关 S 闭合时的示数,C 错误;根据闭合电路欧姆定律得 U=E-(R3+r)I,则电压表的示数变化量大小与电流表的示数变化量大小之比 =R3+r=6 ,与
32、 R1、 R2无关,故 D 正确 .3.C 开关 S 处于断开状态,滑动变阻器的滑片向右滑动,电流表示数不变,电路中总电流不变,电源内阻发热功率不变,选项 A、B 错误.开关 S 闭合后,二极管导通,相当于导线,L 1所在支路有电流通过,电路中总电阻减小,总电流增大,由 U=E-Ir 知路端电压减小,L 2两端电压减小,L 2变暗,选项 C 正确,D 错误 .4.BD 结合题图甲,分析题图乙可知, QM 为电压表 V1的读数随电流表读数变化的图线, PQ 为电压表 V2的读数随电流表读数变化的图线 .PQ 图线斜率的绝对值等于电源 E 的内阻,即r= =2 , PQ 图线在纵轴上的截距等于电源
33、的电动势, E=3.6 V,选项 A 错误,B 正确 .根据题述,电流表读数在 0.2 A 以下时,电动机没有发生转动,可视为纯电阻元件,该段图线斜率的大小等于电动机内阻,则电动机内阻 rM= =4 .题图乙中 Q 点对应的滑动变阻器阻值为零,此时电动机输入电流最大,功率最大, I=0.3 A,U=3.0 V.由 UI=P 出 +I2rM,解得 P 出=UI-I2rM=3 V0.3 A-(0.3 A)24 =0.54 W,选项 C 错误 .当 I=0.1 A 时,变阻器接入电路的阻值为最大值,由闭合电路欧姆定律得 E=I(R+r+rM),解得 R= -r-rM=30 ,选项 D 正确 .5.B
34、 由电压表示数增大,可知并联部分的总电阻增大,则整个电路总电阻增大,总电流减小,R2两端电压减小,电源内阻分担电压减小,路端电压增大,所以 R2两端电压减小量小于 U,通过 R2的电流减小量小于 ;由于 R2两端电压减小,则知路端电压增大量小于 U,故2A、C、D 错误 .电压表示数增大 U,R1是定值电阻,根据欧姆定律可知通过 R1的电流增大量等于 ,故 B 正确 .16.(1)如图所示 (2)5.5 1.0 (3)0 64%解析:分析题中所给信息可知:电流变小时,电压表 V1因测路端电压而示数变大;电压表 V2的示数变小,则测的是小灯泡两端的电压,滑动变阻器应用限流法接入电路 .(1)在伏安法测电源电动势与内阻实验中,电压表测路端电压,电压表示数随滑动变阻器接入电路阻值的增大而增大;在描绘小灯泡的伏安特性曲线实验中,电流表测流过灯泡的电流,灯泡两端电压随滑动变阻器接入电路电阻的增大而减小 .本实验中调节滑动变阻器接入电路中的电阻变大时,电压表 V1的示数增大,电压表 V2的示数减小,则 V1测路端电压,V 2测灯泡两端电压 .
