1、1第1讲 磁场及其对电流的作用一、磁场、磁感应强度1.磁场的基本性质磁场对处于其中的磁体、电流和运动电荷有磁力的作用.2.磁感应强度(1)物理意义：描述磁场的强弱和方向.(2)定义式： B (通电导线垂直于磁场).FIL(3)方向：小磁针静止时N极的指向.(4)单位：特斯拉，符号为T.3.匀强磁场(1)定义：磁感应强度的大小处处相等、方向处处相同的磁场称为匀强磁场.(2)特点：疏密程度相同、方向相同的平行直线.4.地磁场(1)地磁的N极在地理南极附近，S极在地理北极附近，磁感线分布如图1所示.图1(2)在赤道平面上，距离地球表面高度相等的各点，磁感应强度相等，且方向水平向北.5.磁场的叠加磁感
2、应强度是矢量，计算时与力的计算方法相同，利用平行四边形定则或正交分解法进行合成与分解.自测1 (多选)一小段长为 L的通电直导线放在磁感应强度为 B的磁场中，当通过它的电流为 I时，所受安培力为 F.以下关于磁感应强度 B的说法正确的是( )A.磁感应强度 B一定等于FILB.磁感应强度 B可能大于或等于FILC.磁场中通电直导线受力大的地方，磁感应强度一定大D.在磁场中通电直导线也可以不受力答案 BD自测2 2(2016北京理综17)中国宋代科学家沈括在梦溪笔谈中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也.”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布如图2.结合上述材
3、料，下列说法不正确的是( )图2A.地理南、北极与地磁场的南、北极不重合B.地球内部也存在磁场，地磁南极在地理北极附近C.地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行D.地磁场对射向地球赤道的带电宇宙射线粒子有力的作用答案 C解析 地球为一巨大的磁体，地磁场的南、北极在地理上的北极和南极附近，两极并不重合，故A、B正确；且地球内部也存在磁场，只有赤道附近上空磁场的方向才与地面平行，故C错误；射向地球赤道的带电宇宙射线粒子的速度方向与地磁场方向不会平行，一定受到地磁场力的作用，故D正确.二、磁感线和电流周围的磁场1.磁感线的特点(1)磁感线上某点的切线方向就是该点的磁场方向.(2)磁感线的疏密程度定
4、性地表示磁场的强弱，在磁感线较密的地方磁场较强；在磁感线较疏的地方磁场较弱.磁感线是闭合曲线，没有起点和终点，在磁体外部，从N极指向S极；在磁体内部，由S极指向N极.同一磁场的磁感线不中断、不相交、不相切.磁感线是假想的曲线，客观上并不存在.2.几种常见的磁场(1)条形磁铁和蹄形磁铁的磁场(如图3所示)图3(2)电流的磁场直线电流的磁场 通电螺线管的磁场 环形电流的磁场特点无磁极、非匀强，且距导线越远处磁场越弱与条形磁铁的磁场相似，管内为匀强磁场且磁环形电流的两侧是N极和S极，且离圆环中心3场最强，管外为非匀强磁场越远，磁场越弱安培定则立体图横截面图纵截面图自测3 如图4所示，甲、乙是直线电流
5、的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向.图4答案 三、安培力的大小和方向1.大小若 I B， F0；若 I B， F BIL.42.方向总垂直于 B、 I所决定的平面，即一定垂直于 B和 I，但 B与 I不一定垂直.可以用左手定则来判定：伸开左手，使大拇指跟其余四个手指垂直，并且都跟手掌在同一平面内，把手放入磁场中，让磁感线垂直穿入手心，使伸开的四指指向电流的方向，那么，拇指所指的方向就是通电导线在磁场中的受力方向.3.两平行通电导线间的作用同向电流相互吸引，反向电流相互排斥.自测4 在如图所示的四幅图中，正确标明通电导线所受安培力 F方
6、向的是( )答案 B命题点一 安培定则的应用和磁场的叠加1.安培定则的应用在运用安培定则判定直线电流和环形电流的磁场时应分清“因”和“果”.因果磁场 原因(电流方向) 结果(磁场方向)直线电流的磁场 大拇指 四指环形电流的磁场 四指 大拇指2.磁场叠加问题的一般解题思路(1)确定磁场场源，如通电导线.(2)定位空间中需求解磁场的点，利用安培定则判定各个场源在这一点上产生的磁场的大小和方向.如图5所示为 M、 N在 c点产生的磁场.图5(3)应用平行四边形定则进行合成，如图中的合磁场.例 1 (多选)(2017全国卷19)如图6，三根相互平行的固定长直导线 L1、 L2和 L3两两等距，均通有电
7、流 I， L1中电流方向与 L2中的相同，与 L3中的相反.下列说法正确的是( )5图6A.L1所受磁场作用力的方向与 L2、 L3所在平面垂直B.L3所受磁场作用力的方向与 L1、 L2所在平面垂直C.L1、 L2和 L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为11 3D.L1、 L2和 L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为 13 3答案 BC解析 同向电流相互吸引，反向电流相互排斥.对 L1受力分析，如图甲所示，可知 L1所受磁场作用力的方向与 L2、 L3所在的平面平行，故A错误；对 L3受力分析，如图乙所示，可知 L3所受磁场作用力的方向与 L1、 L2所在的平面垂直，故B正确；设三根导线
8、两两之间的相互作用力的大小为 F，则 L1、 L2受到的磁场作用力的合力大小均等于 F， L3受到的磁场作用力的合力大小为 F，即 L1、 L2、 L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为11 ，3 3故C正确，D错误.变式1 (2017全国卷18)如图7，在磁感应强度大小为 B0的匀强磁场中，两长直导线 P和 Q垂直于纸面固定放置，两者之间的距离为 l.在两导线中均通有方向垂直于纸面向里的电流 I时，纸面内与两导线距离均为 l的 a点处的磁感应强度为零，如果让 P中的电流反向、其他条件不变，则 a点处磁感应强度的大小为( )图7A.0B. B0C. B0D.2B033 233答案 C解析 如图
9、甲所示， P、 Q中的电流在 a点产生的磁感应强度大小相等，设为 B1，由几何关系可知， B1 B0.如果让 P33中的电流反向、其他条件不变时，如图乙所示，由几何关系可知， a点处磁感应强度的大小 B B20 B212336B0，故选项C正确，A、B、D错误.命题点二 安培力作用下导体运动情况的判断1.问题概述(1)问题特点安培力作用下导体的运动问题与力学中的运动问题一样，同样遵从力学基本规律，只是研究对象所受的力中多分析安培力而已.(2)规律分析判定通电导体在安培力作用下的运动方向或运动趋势，首先必须弄清楚导体所在位置的磁感线分布情况，再弄清楚导体中电流的方向，然后利用左手定则准确判定导体
10、的受力情况，进而确定导体的运动方向或运动趋势.2.几种判定方法电流元法 分割为电流元 安培力方向整段导体所受合力方向运动方向 左 手 定 则 特殊位置法 在特殊位置安培力方向运动方向等效法环形电流 小磁针条形磁铁 通电螺线管 多个环形电流结论法同向电流互相吸引，异向电流互相排斥；两不平行的直线电流相互作用时，有转到平行且电流方向相同的趋势转换研究对象法定性分析磁体在电流磁场作用下如何运动或运动趋势的问题，可先分析电流在磁体磁场中所受的安培力，然后由牛顿第三定律，确定磁体所受电流磁场的作用力，从而确定磁体所受合力及运动方向例 2 如图8所示，把一重力不计的通电直导线水平放在蹄形磁铁两极的正上方，
11、导线可以自由转动，当导线通入图示方向电流 I时，导线的运动情况是(从上往下看)( )图87A.顺时针方向转动，同时下降B.顺时针方向转动，同时上升C.逆时针方向转动，同时下降D.逆时针方向转动，同时上升答案 A解析 如图甲所示，把直线电流等效为无数小段，中间的点为 O点，选择在 O点左侧S极右上方的一小段为研究对象，该处的磁场方向指向左下方，由左手定则判断，该小段受到的安培力的方向垂直纸面向里，在 O点左侧的各段电流元都受到垂直纸面向里的安培力，把各段电流元受到的力合成，则 O点左侧导线受到垂直纸面向里的安培力；同理判断出 O点右侧的导线受到垂直纸面向外的安培力.因此，由上向下看，导线沿顺时针
12、方向转动.分析导线转过90时的情形：如图乙所示，导线中的电流向外，由左手定则可知，导线受到向下的安培力.由以上分析可知，导线在顺时针转动的同时向下运动.选项A正确.例 3 将一个质量很小的金属圆环用细线吊起来，在其附近放一块条形磁铁，磁铁的轴线与圆环在同一个平面内，且通过圆环中心，如图9所示，当圆环中通以顺时针方向的电流时，从上往下看( )图9A.圆环顺时针转动，靠近磁铁B.圆环顺时针转动，远离磁铁C.圆环逆时针转动，靠近磁铁D.圆环逆时针转动，远离磁铁答案 C解析 该通电圆环相当于一个垂直于纸面的小磁针，N极在内，S极在外，根据同极相斥、异极相吸，C正确.变式2 (多选)通有电流的导线 L1
13、、 L2、 L3、 L4处在同一平面(纸面)内，放置方式及电流方向如图10甲、乙所示，其中L1、 L3是固定的， L2、 L4分别可绕垂直纸面的中心轴 O、 O转动， O、 O分别位于 L2、 L4的中点处，则下列判断正确的是( )8图10A.L2绕轴 O按顺时针转动B.L2绕轴 O按逆时针转动C.L4绕轴 O按顺时针转动D.L4绕轴 O按逆时针转动答案 BC解析 题图甲中由右手螺旋定则可知导线 L1上方磁场垂直纸面向外，且离导线 L1的距离越近，磁场越强，导线 L2上每一小部分受到的安培力方向均水平向右，但 O点下方部分受到的安培力较大，所以 L2绕轴 O按逆时针转动，A错，B对；题图乙中
14、O点上方导线 L4所受安培力向右， O点下方导线 L4所受安培力向左，即 L4绕轴 O按顺时针转动，C对，D错.变式3 (多选)如图11所示，台秤上放一光滑平板，其左边固定一挡板，一轻质弹簧将挡板和一条形磁铁连接起来，此时台秤读数为 F1，现在磁铁上方中心偏左位置固定一导体棒，当导体棒中通以方向如图所示的电流后，台秤读数为 F2，则以下说法正确的是( )图11A.弹簧长度将变长B.弹簧长度将变短C.F1F2D.F1F2，在水平方向上，由于 F有水平向左的分力，条形磁铁压缩弹簧，所以弹簧长度变短.命题点三 安培力作用下的平衡问题9通电导体棒在磁场中的平衡问题是一种常见的力电综合模型，该模型一般由
15、倾斜导轨、导体棒、电源和电阻等组成.这类题目的难点是题图具有立体性，各力的方向不易确定.因此解题时一定要先把立体图转化为平面图，通过受力分析建立各力的平衡关系，如图12所示.图12例 4 如图13所示，长为 L、质量为 m的导体棒 ab，置于倾角为 的光滑斜面上.导体棒与斜面的水平底边始终平行.已知导体棒通以从 b向 a的电流，电流为 I，重力加速度为 g.图13(1)若匀强磁场方向竖直向上，为使导体棒静止在斜面上，求磁感应强度 B的大小；(2)若匀强磁场的大小、方向都可以改变，要使导体棒能静止在斜面上，求磁感应强度的最小值和对应的方向.答案 (1) tan (2) sin 方向垂直斜面向上m
16、gIL mgIL解析 (1)导体棒受力如图甲所示，由平衡条件得：mgsin BILcos ，解得 B tan .mgIL(2)如图乙所示，当安培力平行斜面向上，安培力和重力沿斜面的分力平衡时，安培力最小，有mgsin BminIL，解得 Bmin sin .mgIL10由左手定则可知磁感应强度的方向垂直斜面向上.变式4 (2018河南开封质检)如图14所示， PQ和 MN为水平平行放置的金属导轨，相距 L1m. P、 M间接有一个电动势为 E6V、内阻不计的电源和一只滑动变阻器，导体棒 ab跨放在导轨上并与导轨接触良好，棒的质量为 m0.2kg，棒的中点用垂直棒的细绳经光滑轻质定滑轮与物体相连
17、，物体的质量 M0.4kg.棒与导轨的动摩擦因数为 0.5(设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，导轨与棒的电阻不计， g取10m/s 2)，匀强磁场的磁感应强度 B2T，方向竖直向下，为了使物体保持静止，滑动变阻器连入电路的阻值不可能的是( )图14A.2B.2.5C.3D.4答案 A解析 对棒受力分析可知，其必受绳的拉力 FT Mg和安培力 F安 BIL .若摩擦力向左，且满足 mg Mg，BELR BELR1代入数据解得 R14；若摩擦力向右，且满足 mg Mg，代入数据解得 R22.4，所以 R的取值范围BELR2为2.4 R4，故选A.变式5 如图15所示，金属棒 MN两端由等长的轻质细线
18、水平悬挂，处于竖直向上的匀强磁场中，棒中通以由 M向 N的电流，平衡时两悬线与竖直方向夹角均为 .如果仅改变下列某一个条件， 角的相应变化情况是( )图15A.棒中的电流变大， 角变大B.两悬线等长变短， 角变小C.金属棒质量变大， 角变大D.磁感应强度变大， 角变小答案 A解析 对金属棒 MN受力分析如图所示，由平衡条件可知 F安 mgtan ，而 F安 BIL，即 BIL mgtan ，则 I ， m ， B ，故A正确，C、D错误. 角与悬线长度无关，B错误.11命题点四 安培力与功、动能定理的综合应用安培力做功与动能定理结合，其解题步骤如下：(1)选取研究对象，明确它的运动过程；(2)
19、分析研究对象的受力情况(若是立体图就改画成平面图)和各个力的做功情况，特别是分析安培力的大小和方向，看安培力做正功还是负功，然后求各力做功的代数和；(3)明确初、末状态的动能；(4)列出动能定理的方程以及其他必要的解题方程进行求解.例 5 音圈电机是一种应用于硬盘、光驱等系统的特殊电动机，如图16是某音圈电机的原理示意图，它由一对正对的磁极和一个正方形刚性线圈构成，线圈边长为 L，匝数为 n，磁极正对区域内的磁感应强度方向垂直于线圈平面竖直向下，大小为 B，区域外的磁场忽略不计.线圈左边始终在磁场外，右边始终在磁场内，前后两边在磁场内的长度始终相等，某时刻线圈中电流从 P流向 Q，大小为 I.
20、图16(1)求此时线圈所受安培力的大小和方向；(2)若此时线圈水平向右运动的速度大小为 v，求安培力的功率.答案 (1) nBIL 方向水平向右 (2) nBILv解析 (1)线圈前后两边所受安培力的合力为零，线圈所受的安培力即为右边所受的安培力，由安培力公式得F nBIL 由左手定则知方向水平向右(2)安培力的功率为 P Fv 联立式解得 P nBILv1.如图1所示， a和 b是一条磁感线上的两点，关于这两点磁感应强度大小的判断，正确的是( )12图1A.一定是 a点的磁感应强度大B.一定是 b点的磁感应强度大C.一定是两点的磁感应强度一样大D.无法判断答案 D解析 因为一条磁感线是直线时
21、，不一定是匀强磁场，也不知道 A、 B两点的磁感线的疏密，条件不足，无法确定 a、b两点的磁感应强度的大小，故D正确.2.磁场中某区域的磁感线如图2所示，则( )图2A.a、 b两处的磁感应强度的大小不等， Ba BbB.a、 b两处的磁感应强度的大小不等， Ba BbC.同一通电导线放在 a处受力一定比放在 b处受力大D.同一通电导线放在 a处受力一定比放在 b处受力小答案 A解析 磁感线的疏密程度表示磁感应强度的大小，由 a、 b两处磁感线的疏密程度可判断出 BaBb，所以A正确，B错误；安培力的大小跟该处的磁感应强度的大小、 I、 L和导线放置的方向与磁感应强度的方向的夹角有关，故C、D
22、错误.3.(多选)把一根不计重力的、通电的硬直导线 ab放在磁场中，导线所在区域的磁感线呈弧形，如图3所示.导线可以在空中自由移动和转动，导线中的电流方向由 a向 b，关于导线的受力和运动情况，下述说法正确的是( )图3A.硬直导线先转动，然后边转动边下移B.硬直导线只能转动，不会向下移动C.硬直导线各段所受安培力的方向都与导线垂直D.在图示位置， a端受力垂直纸面向内， b端受力垂直纸面向外答案 AC解析 题图可看成通电螺线管产生的磁场方向，如图所示，导线等效为 Oa、 Ob两电流元，由左手定则可判定两电流13元所受安培力的方向， Oa段所受安培力垂直于纸面向外， Ob段所受安培力垂直于纸面
23、向内，所以从上向下看导线逆时针转动，当转过90时再用左手定则可判定导线所受磁场力方向向下，即导线在逆时针转动的同时还要向下移动，A、C对.4.三根平行的长直导线，分别垂直地通过一个等腰直角三角形的三个顶点，三导线中电流方向相同， A、 B两导线中的电流大小相同，如图4所示，已知导线 A在斜边中点 O处所产生的磁场的磁感应强度大小为 B，导线 C在斜边中点 O处所产生的磁场的磁感应强度大小为2 B，则 O处的磁感应强度的大小和方向为( )图4A.大小为 B，方向沿 OA方向B.大小为2 B，方向竖直向下2C.大小为2 B，方向沿 OB方向D.大小为2 B，方向沿 OA方向答案 D解析 由安培定则
24、知导线 A、 B在 O处所产生的磁感应强度大小相等，方向相反，相互抵消，所以 O处的磁感应强度即为导线 C在 O点所产生的磁感应强度，即大小为2 B，由安培定则可判定其方向沿 OA方向，A、B、C错，D对.5.一个可以自由运动的线圈 L1和一个固定的线圈 L2互相绝缘垂直放置，且两个线圈的圆心重合，如图5所示.当两线圈中通以图示方向的电流时，从左向右看，则线圈 L1将( )图5A.不动B.顺时针转动C.逆时针转动D.在纸面内平动答案 B解析 方法一(电流元分析法)：把线圈 L1沿水平转动轴分成上下两部分，每一部分又可以看成无数段直线电流元，电流元处在 L2产生的磁场中，根据安培定则可知各电流元
25、所在处的磁场方向向上，由左手定则可得，上半部14分电流元所受安培力均指向纸外，下半部分电流元所受安培力均指向纸内，因此从左向右看线圈 L1将顺时针转动.方法二(等效分析法)：把线圈 L1等效为小磁针，该小磁针刚好处于环形电流 I2的中心，小磁针的N极应指向该点环形电流 I2的磁场方向，由安培定则知 I2产生的磁场方向在其中心处竖直向上，而 L1等效成小磁针后，转动前，N极指向纸内，因此小磁针的N极应由指向纸内转为向上，所以从左向右看，线圈 L1将顺时针转动.方法三(利用结论法)：环形电流 I1、 I2之间不平行，由于两不平行的电流的相互作用，则两环必有相对转动，直到两环形电流同向平行为止，据此
26、可得，从左向右看，线圈 L1将顺时针转动.6.(多选)(2017全国卷21)某同学自制的简易电动机示意图如图6所示.矩形线圈由一根漆包线绕制而成，漆包线的两端分别从线圈的一组对边的中间位置引出，并作为线圈的转轴.将线圈架在两个金属支架之间，线圈平面位于竖直面内，永磁铁置于线圈下方.为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，该同学应将( )图6A.左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉B.左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉C.左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉D.左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉答案 AD解析 装置平面示意图如图所示.如图所示的状态，磁感线方向向上，若形
27、成通路，线圈下边导线中电流方向向左，受垂直纸面向里的安培力，同理，上边导线中电流受安培力垂直纸面向外，使线圈转动.当线圈上边导线转到下边时，若仍通路，线圈上、下边中电流方向与图示方向相比均反向，受安培力反向，阻碍线圈转动.若要线圈连续转动，则要求左、右转轴只能上一侧或下一侧形成通路，另一侧断路.故选A、D.7.如图7所示，将一个半径为 R的金属圆环串联接入电路中，电路中的电流为 I，接入点 a、 b是圆环直径上的两个端点，流过圆弧 acb和 adb的电流相等.金属圆环处在磁感应强度为 B、方向如图所示的匀强磁场中，磁场方向与圆环所在的平面垂直，则金属圆环受到的安培力为( )15图7A.0B.
28、BIRC.2BIRD.4BIR答案 C解析 隔离分析金属圆环的上半部分，其中的电流为 ，所受安培力为 B 2R BIR；同理，金属圆环的下半部分I2 I2所受的安培力也为 BIR，两部分所受的安培力方向相同，所以金属圆环受到的安培力为2 BIR，C项正确.8.如图8所示， M、 N和 P是以 MN为直径的半圆弧上的三点， O为半圆弧的圆心， MOP60，在 M、 N处各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图所示，这时 O点的磁感应强度大小为 B1.若将 M处长直导线移至 P处，则 O点的磁感应强度大小为 B2，那么 B2与 B1之比为( )图8A. 1 B. 23
29、3C.11 D.12答案 B解析 如图所示，当通有电流的长直导线在 M、 N两处时，根据安培定则可知，二者在圆心 O处产生的磁感应强度的大小都为 ；当将 M处长直导线移到 P处时，两直导线在圆心 O处产生的磁感应强度的大小也为 .作平行四边形B12 B12，由图中的几何关系可得cos30 ，故选项B正确，选项A、C、D错误.B22B12 B2B1 329.(多选)如图9所示，在磁感应强度大小为 B、方向竖直向上的匀强磁场中，水平放置一根长直通电导线，电流的方向垂直纸面向里，以直导线为中心的同一圆周上有 a、 b、 c、 d四个点，连线 ac和 bd是相互垂直的两条直径，且 b、 d在同一竖直线
30、上，则( )16图9A.c点的磁感应强度的值最小B.b点的磁感应强度的值最大C.b、 d两点的磁感应强度不同D.a、 b两点的磁感应强度相同答案 AC10.如图10所示，长为 L的通电直导体棒放在光滑水平绝缘轨道上，劲度系数为 k的水平轻弹簧一端固定，另一端拴在棒的中点，且与棒垂直，整个装置处于方向竖直向上、磁感应强度为 B的匀强磁场中，弹簧伸长 x，棒处于静止状态.则( )图10A.导体棒中的电流方向从 b流向 aB.导体棒中的电流大小为kxBLC.若只将磁场方向缓慢顺时针转过一小角度， x变大D.若只将磁场方向缓慢逆时针转过一小角度， x变大答案 B解析 由受力平衡可知安培力方向水平向右，
31、由左手定则可知，导体棒中的电流方向从 a流向 b，故A错误；由于弹簧伸长为 x，根据胡克定律有 kx BIL，可得 I ，故B正确；若只将磁场方向缓慢顺时针或逆时针转过一小角kxBL度，则安培力在水平方向上的分力减小，根据力的平衡可得，弹簧弹力变小，导致 x变小，故C、D错误.11.图11中 a、 b、 c为三根与纸面垂直的固定长直导线，其截面位于等边三角形的三个顶点上， bc沿水平方向，导线中均通有大小相等的电流，方向如图所示. O点为三角形的中心( O到三个顶点的距离相等)，则( )图1117A.O点的磁感应强度为零B.O点的磁场方向垂直 Oc向下C.导线 a受到的安培力方向竖直向上D.导
32、线 b受到的安培力方向沿 bc连线方向指向 c答案 B解析 根据右手螺旋定则，通电导线 a在 O点产生的磁场平行于 bc向左，通电导线 b在 O点产生的磁场平行 ac指向右下方，通电导线 c在 O点产生的磁场平行 ab指向左下方；由于三导线电流大小相等，到 O点的距离相同，根据平行四边形定则， O点合场强的方向垂直 Oc向下，故A错误，B正确；根据左手定则，结合矢量合成法则，导线 a受到的安培力方向水平向左，导线 b受到的安培力方向平行于 ac斜向左上方，故C、D错误.12.(2018内蒙古通辽调研)如图12所示，两平行的粗糙金属导轨水平固定在匀强磁场中，磁感应强度为 B，导轨宽度为 L，一端
33、与电源连接.一质量为 m的金属棒 ab垂直于平行导轨放置并接触良好，金属棒与导轨间的动摩擦因数为 ，在安培力的作用下，金属棒以 v0的速度向右匀速运动，通过改变磁感应强度的方向，可33使流过导体棒的电流最小，此时磁感应强度的方向与竖直方向的夹角为( )图12A.37B.30C.45D.60答案 B解析 由题意对棒受力分析如图所示，设磁感应强度的方向与竖直方向成 角，则有 BILcos (mg BILsin )，整理得 BIL.电流有最小值，就相当于安培力有最小值，最后由数学知识解得： 30，则A、C、D错 mgcos sin，B对.13.(2015新课标全国24)如图13，一长为10cm的金属
34、棒 ab用两个完全相同的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小为0.1T，方向垂直于纸面向里；弹簧上端固定，下端与金属棒绝缘.金属棒通过开关与一电动势为12V的电池相连，电路总电阻为2.已知开关断开时两弹簧的伸长量均为0.5cm；闭合开关，系统重新平衡后，两弹簧的伸长量与开关断开时相比均改变了0.3cm，重力加速度大小取10m/s 2.判断开关闭合后金属棒所受安培力的方向，并求出金属棒的质量.18图13答案 方向竖直向下 0.01kg解析 金属棒通电后，闭合回路电流 I 6AUR 12V2导体棒受到的安培力大小为 F BIL0.06N由左手定则可判断知金属棒受到的安培力方向竖直向下由平衡条件知：开关闭合前：2 kx mg开关闭合后：2 k(x x) mg F代入数值解得 m0.01kg.
