1、的油滴处于悬浮状态，如图那么河北 2019 年高考物理二轮练习考点综述电容电容1、如图 1 甲所示是电容器充、放电电路、配合电流传感器，能够捕捉瞬间的电流变化， 并通过计算机画出电流随时间变化的图象如图1 乙所示、 实验中选用直流8V电压，电容器选用电解电容器、先使单刀双掷开关S 与 1 端相连，电源向电容器充电，那个过程可瞬间完成、然后把单刀双掷开关S 掷向 2 端，电容器通过电阻R放电，传感器将电流传入计算机，图象上显示出放电电流随时间变化的I t 曲线、以下说法正确的选项是() 、甲乙图 1A、电解电容器用氧化膜做电介质，由于氧化膜特别薄，因此电容较小B、随着放电过程的进行，该电容器两极
2、板间电压逐渐增大C、由传感器所记录的该放电电流图象不能估算出该过程中电容器的放电电荷量D、通过本实验能够估算出该电容器的电容值2、 M、 N是水平放置的平行板电容器，将它与一电动势为 E、内阻为 r 的电源组成如下图的电路， R是并联在电容器上的滑动变阻器， G 是灵敏电流计，在电容器的两极板间有一带电2 所示，现保持开关 S 闭合，将滑动变阻器的滑片向上滑动时， () 、图 2A、在滑片滑动时，灵敏电流计中有从a 向 b 的电流B、在滑片滑动时，灵敏电流计中有从b 向 a 的电流C、带电油滴将向上运动D、带电油滴将向下运动3、 A、 B 两块正对的金属板竖直放置，在金属板A的内侧表面系一绝缘
3、细线，细线下端系一带电小球( 可视为点电荷 ) 、两块金属板接在如图3 所示的电路中，电路中的 R1 为光敏电阻 ( 其阻值随所受光照强度的增大而减小) ，R2 为滑动变阻器， R3 为定值电阻、当 R2 的滑片 P 在中间时闭合电键S，如今电流表和电压表的示数分别为I 和，带电小球静止时绝缘细线与金属板A的夹角为 . 电源电动势E和内阻r一定，以下U说法正确的选项是().A、假设将R2 的滑动触头P 向 a 端移动，那么 不变B、假设将R2 的滑动触头P 向 b 端移动，那么I 减小， U减小C、保持滑动触头P不动，用较强的光照射R1，那么小球重新达到稳定后 变小D、保持滑动触头 P 不动，
4、用较强的光照射 R1，那么 U 变化量的绝对值与 I 变化量的绝对值的比值不变4、如图 4 所示，一个平行板电容器放在图中虚线框所示矩形区域的匀强磁场中，磁场方向垂直于纸面且与板面平行，金属板 a 与电源的正极相连、一个不计重力的带正电粒子以初动能 E 从左向右水平进入平行板中，并沿直线穿过两板区域、那么以下说法正确的选项是() 、图 4A、保持开关S 闭合， a 板稍向上平移，粒子将沿曲线运动，从极板右边穿出时的动能减少B、保持开关S 闭合， a 板稍向上平移，粒子仍沿直线运动，从极板右边穿出时的动能不变C、断开开关 S， a 板稍向下平移，粒子仍沿直线运动，从极板右边穿出时的动能不变D、断
5、开开关 S， a 板稍向下平移，粒子将沿曲线运动，从极板右边穿出时的动能增加5、一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变，在两极板间插入一电介质，其电容C和两极板间的电势差U 的变化情况是() 、A、 C 和 U均增大B、 C增大， U 减小C、 C 减小， U 增大D、 C和 U 均减小6、如图 5 所示，平行板电容器与电动势为E 的直流电源 ( 内阻不计 ) 连接，下极板接地、一带电油滴位于电容器中的P 点且恰好处于平衡状态、现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离() 、图 5A、带电油滴将沿竖直方向向上运动B、 P 点的电势将降低C、带电油滴的电势能将减小D、
6、假设电容器的电容减小，那么极板带电量将增大7、如图 6 所示， 质量相同的两个带电粒子P、Q以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中， P 从两极板正中央射入， Q从下极板边缘处射入， 它们最后打在同一点( 重力不计 ) ，那么从开始射入到打到上板的过程中P、 Q() 、图 6A、运动的时间tQtPB、运动的加速度aQaPC、所带的电荷量之比qP qQ 1 2D、动能增加量之比EkPEkQ 128、图 7 是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧、对矿粉分离的过程，以下表述正确的有()、图 7A、带正电的矿粉落在右侧B、电场力对矿
7、粉做正功C、带负电的矿粉电势能变大D、带正电的矿粉电势能变小9、如图 8 所示， R1 R2R3 R4R，电键 S 闭合时，间距为 d 的平行板电容器 C 的正中间有一质量为 m，带电量为 q 的小球恰好处于静止状态；电键 S 断开时，小球向电容器一个极板运动并发生碰撞， 碰撞后小球带上与极板同种性质的电荷、 设碰撞过程中没有机械能损失，小球反弹后恰好能运动到电容器另一极板、假设不计电源内阻，求：图 8(1) 电源的电动势；(2) 小球与极板碰撞后的带电量、参考答案1、 D2、 AC3、 ACD4、 ACU场力方向向下、当开关S 闭合时， U 不变， E d， a 板上移， d 增大， E 减
8、小，电场力小于洛伦兹力，粒子向上做曲线运动，电场力做负功，A 对， B 错；断开S，Q不变， E不变， C 正确， D错、 rS5、 B 由平行板电容器电容决定式C4 kd知，当插入电介质后， r 变大，那么在 S、d 不变的情况下C增大；由电容定义式QC U得QU C，又电荷量Q不变，故两极板间的电势差U 减小，选项B 正确、 6、 B 此题考查平行板电容器的工作原理、受力分析、电势和电势能的判断以及考生分析问题的能力、电容器和直流电源相接，因此当极间距离发生变化时，电容器两端的电压保持不变、当上极板向上移动时，d 变大，因UE d，因此两板间电场强度变小， 这时重力大于电场力， 油滴向下运
9、动， A 项错误； 负极板接地， 电势为零，因此 P 点电势的大小就等于 P 点和下板间的电势差， E 变小，因此 P 变小， P 点的电势降低， B 项正确；由题意知，该油滴带负电，电势降低那么电势能增加， C 项错Q误；电容的定义式C U可知， U 不变，假设电容变小，那么电量变小，D项错误、7、 C 设P、 Q两粒子的初速度均为v0，加速度分别是aP 和aQ，粒子P 到上极板的距离是h2，它们类平抛的水平距离为l ，那么对hP，由 l v0tP ， 212aPt2P，得到hv2012hv20aP l2 . 同理对Q， l v0tQ ， h2aQt2Q，得到aQ l2. 同时可知， tP
10、tQ，aQqPEqQE2aP，而 aP m ，aQ m ，可见， qPqQ 1 2，由动能定理，它们的动能增加量h之比EkP EkQmaP (maQh) 1 4，选 C.28、 BD由题图可知，电场方向水平向左，带正电的矿粉所受电场力方向与电场方向相同，因此落在左侧；带负电的矿粉所受电场力方向与电场方向相反，因此落在右侧，选项 A 错误、不管矿粉所带电性如何，矿粉均向所受电场力方向偏转，电场力均做正功，选项 B 正确；电势能均减少，选项 C错误、选项 D 正确、 9、解析 (1) 电键 S 闭合时， R1、 R3 并联与 R4 串联， (R2 中没有电流通过)2UC U432qUC3q对带电小球有：mg qE d d32mgd得： q(2) 电键 S断开后， R1、 R4 串联，3 4mgd那么 UC 2 q小球向下运动与下极板相碰后，小球带电量变为q，向上运动到上极板，全过程由动能定理得mgdqUC2 2 mgdq UC 07q联立解得： q 6 .32mgd7q答案 (1)q(2)6
