1、河北 2019 年高考物理二轮练习高效专项冲刺练习一运动的描述力、物体平衡牛顿运动定律1、有一列火车正在做匀加速直线运动. 从某时刻开始计时，第180m.第 6 分钟内发明火车前进了360m.那么火车的加速度为222A、 0.01m/sB、 0.05m/sC、 36m/s1 分钟内，发明火车前进了D、 180m/s 22、如下图，质量为m的质点静止地放在半径为为 ，质点与球心的连线与水平地面的夹角为A、地面对半球体的摩擦力方向水平向左R的半球体上，质点与半球体间的动摩擦数 ，那么以下说法正确的选项是B、质点对半球体的压力大小为mgcos C、质点所受摩擦力大小为 mgsin D、质点所受摩擦力
2、大小为mgcos 3、如图俯视图所示，以速度v 匀速行驶的列车车厢内有一水平桌面，桌面上的A 处有一小球 . 假设车厢中的旅客突然发明小球沿图中虚线由A 向 B 运动 . 那么由此可判断列车A、减速行驶，向南转弯B、减速行驶，向北转弯C、加速行驶，向南转弯D、加速行驶，向北转弯4、如下图，在粗糙水平面上放一质量为 M的斜面，质量为 m 的木块在竖直向上力 F 作用下，沿斜面匀速下滑，此过程中斜面保持静止，那么地面对斜面无摩擦力有水平向左的摩擦力支持力为 M+m g 支持力小于 M+m g A、 B、 C、 D、5、如下图，物体A 在与水平方向成 角斜向下的推力作用下，沿水平地面向右匀速运动，
3、假设推力变小而方向不变， 那么物体 A 将A、向右加速运动 B、仍向右匀速运动C、向右减速运动D、向左加速运动6、为了研究超重与失重现象，某同学把一体重计放在电梯的地板上，并将一物体放在体重计上随电梯运动并观看体重计示数的变化情况. 下表记录了几个特定时刻体重计的示数表内时间不表示先后顺序假设t 0 时刻电梯静止，那么时间t 0t 1t 2t 3体重计示数 kg45.050.040.045.0 t 1 和 t 2 时刻电梯的加速度方向一定相反 t 1 和 t 2 时刻物体的质量并没有发生变化，但所受重力发生了变化 t 1 和 t 2 时刻电梯运动的加速度大小相等，运动方向一定相反 t 3 时刻
4、电梯可能向上运动A、 B、 C、 D、7、如下图，在光滑水平面上有甲、乙两木块，质量分别为m1 和m2，中间用一原长为L、劲度系数为 k 的轻质弹簧连接起来， 现用一水平力 F 向左推木块乙， 当两木块一起匀加速运动时，两木块之间的距离是A、Fm 2B、Fm1LL)k( m1 m2 )k( m m21C、 L Fm1 D、Fm2m2 kLm1 k8、历史上有些科学家曾把在相等位移内速度变化相等的单向直线运动称为“匀变速直线运动”现称“另类匀变速直线运动”，“另类加速度”定义为vsv0，其中 v0和 vs 分别As表示某段位移 s 内的初速和末速 .A 0 表示物体做加速运动，A0 表示物体做减
5、速运动。而现在物理学中加速度的定义式为vt v0，以下说法正确的选项是at假设 A 不变，那么a 也不变假设 A0 且保持不变，那么 a 逐渐变大假设 A 不变，那么物体在中间位置处的速度为v0 vs2假设 A 不变，那么物体在中间位置处的速度为22v0vs2A、 B、 C、 D、9、如右图所示，质量为m 的小球用水平弹簧系住，并用倾角为30 的光滑木板AB 托住，小球恰好处于静止状态. 当木板 AB 突然向下撤离的瞬间，小球的加速度为A、 0B、大小为 g ，方向竖直向下C、大小为 2 3，方向垂直木板向下3gD、大小为，方向水平向右3 g310、如图甲所示，物体原来静止在水平面上，用一水平
6、力 F 拉物体，在 F 从 0 开始逐渐增大的过程中，物体先静止后又做变加速运动，其加速度a 随外力 F 变化的图象如图乙所示 . 依照图乙中所标出的数据不可计算出A、物体的质量B、物体与水平面间的滑动摩擦力C、物体与水平面间的最大静摩擦力D、在 F 为 14N时，物体的速度最小11、某同学做“验证力的平行四边形定那么”实验时，要紧步骤是：A、在桌面上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；_.B、用 把橡皮条的一端固定在板上的A 点，在橡皮条的另一端拴上两条 ， 的另一端系着 套；C、用两个 簧秤分 住 套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸 ， 点到达某一位置 O. 下
7、O点的位置， 出两个 簧秤的示数；D、按 好的 度，用 笔和刻度尺作出两只 簧秤的拉力F1 和 F2 的 示，并用平行四 形定那么求出合力F；E、只用一只 簧秤，通 套拉橡皮条使其伸 ， 出 簧秤的示数， 下 的方向，按同一 度作出那个力F/ 的 示；F、比 力F/ 和 F 的大小和方向，看它 是否相同，得出 .上述步 中： 1有重要 漏的步 的序号是_和 _； 2 漏的内容分 是 _和 _.12、 1小 拖着穿 打点 器的 做匀 速直 运 . 如 是 打点 器打出的 的一段， 数点序号按打点 序 数是1、2、3、 4，交流 的 率 50Hz，纸 带 上 每 相 邻 两 个 计 数 点 间 还
8、 有 四 个 打 印 点 . 那 么 小 车 运 动 的 加 速 度 大 小 是_m/s 2，小 做 _填“匀速” 、“匀加速”或“匀减速” . 保留三位有效数字 2 了 量一个高 楼 的高度，某同学 设 计了 如 下 实 ：在一根 l 的 两端各拴一重球，一人站在楼 上，手 上端的重球无初速度的 放使其自由下落，另一人在楼下 量两球落地的 差出高楼的高度不 空气阻力.从原理上 ，那个方案是否正确_，理由：从 量来看，你可能最大的困 是t ，即可依照 l 、 t 、 g 得_.13、如下 ， AO是具有一定 量的均匀 杆，可 O 在 直平面内自由 . 杆上的P点与放在水平桌面上的 柱体接触，
9、柱体靠在 直的 板上而保持平衡. 杆的 角60 ，球的重力大小 G， 直 板 球的 力大小 2 3G ，各 的摩擦都不 ， 回答以下 ： 1作出 柱体的受力分析 ； 2通 算求出 柱体 均匀 杆AO 的作用力的大小和水平地面 柱体作用力的大小 .14、如下 ， 在 角 的光滑物 P斜面上有两个用 簧相 的物 A、B；C 一垂直固定在斜面上的 板 . P、 C 量 M， A、 B 量均 m， 簧的 度系数 k，系 静止于光滑水平面 . 开始用一水平力 F从零开始增大作用于 P.求： 1物 B 要离开 C 力 F. 2从开始到如今物 A相关于斜面的位移 D、物 A一直没离开斜面，重力加速度 g15
10、、据 道， 一儿童玩耍 不慎从45m高的阳台上无初速度掉下，在他 掉下 恰被楼下一社区治理人 明， 人 迅速由静止冲向儿童下落 的正下方楼底，预备接住儿童. 治理人员到楼底的距离为18m，为确保能稳妥安全接住儿童，治理人员将尽力节约时间，但又必须保证接住儿童时没有水平方向的冲击. 不计空气阻力，将儿2童和治理人员都看作质点，设治理人员奔跑过程中只做匀速或匀变速运动，g 取 10m/s . 1治理人员至少用多大的平均速度跑到楼底？ 2假设治理人员在奔跑过程中做匀加速或匀减速运动的加速度大小相等，且最大速度不超过 9m/s，求治理人员奔跑时加速度的大小需满足什么条件？16、如下图，物体A通过定滑轮
11、与动滑轮相连，物体B和物体 C挂在动滑轮上，使系统保持静止状态，现在同时释放三个物体，发明物体A保持静止不动 . 物体 A的质量mA6kg ，物体 B 的质量 m6 kg，物体 C的质量为多大？重力加速度g 取 10m/s 2B17、在一种体验强烈失重、超重感受的娱乐设施中，用电梯把乘有十多人的座舱，送到76m高的地方，让座舱自由落下，当落到离地面28m时制动系统开始启动，座舱匀减速运动到地面时刚好停止 . 假设某人手中托着质量为 5kg 的铅球进行那个游戏， g 取 9.8m/s 2，问： 1当座舱落到离地面高度为40m的位置时，铅球对手的作用力多大？ 2当座舱落到离地面高度为 15m 的位
12、置时，手要用多大的力才能托住铅球？18、在海滨游乐场有一种滑沙的娱乐活动. 如下图，人坐在滑板上从斜坡的高处 A 点由静止开始下滑， 滑到斜坡底部B点后沿水平滑道再滑行一段距离到 C点停下来， 斜坡滑道与水平滑道间是平滑连接的，滑板与两滑道间的动摩擦因数为0.50，不计空气阻力，重力加速度2 .g 10m / s 1 假设斜坡倾角37，人和滑块的总质量为m 60kg ，求人在斜坡上下滑时的加速度大小. sin370.6， cos370.8 2假设由于受到场地的限制，A 点到 C点的水平距离为 s50m ，为确保人身安全， 假如你是设计师，你认为在设计斜坡滑道时，对高度应有怎么样的要求？参考答案
13、1、答案： A 由s aT2 能够得到 s6s1 5aT 2 ，因此a360180 m/s 2=0.01m/s 2.560 22、答案： D 对 m和球整体分析易判断地面对半球体无摩擦力. 隔离质点 m分析，依照共点力平衡条件摩擦力cos ，压力sin .f=mgN=mg3、答案： A 小球向西运动，向北转弯，是列车运动状态变化引起的，依照惯性，小球向西运动车速减小，小球向北偏转车向南转弯.4、答案： C 木块匀速下滑，斜面静止，斜面和木块均处于平衡状态，以整体为研究对象，受力分析可知支持力与力F 的合力与整体重力大小相等，水平方向无作用力.5、答案： A 依照题意，物体在斜向下的推力作用下，
14、沿水平地面向右匀速运动，受力如图，那么 Fcos Ff =0，FN mg Fsin =0，又 Ff = FN，联立解得， Fcos = ( mg+Fsin ) ，当 F 方向不变，而大小减小时，使物体向左的合力增加，因而将向右减速运动. 即 A 选项正确 .6、答案： B 由超重和失重的物理意义可知，当物体的加速度向上时，支持力N大于重力，发生超重现象，当物体的加速度向下时，支持力NG小于重力 G，发生失重现象 . 可见发生超重和失重时，物体的重力G并没有发生变化，但加速度方向相反，正确，错误. 由表格知， t 1 时刻超重， t 2时刻失重， t 3 时刻仍为重力，但 t 3 时刻电梯可能是
15、匀速运动，也可能处于静止.7、答案： B 对两木块整体进行应用牛顿第二定律，然后再隔离甲应用牛顿第二定律即可求解 .8、答案： B 加速或减速运动，在相等的位移内， 时间不同， 那么 A 不变， a 会变 . 假设 A 0且不变，在相等的位移内，t 变小，那么 a 变大。由Avs v0可知，v中 v0 vs，因sv0ss2此v中vv.0s29、答案：C未撤去前，小球受重力、 弹簧的弹力和AB对小球的支持力， 当撤去瞬间，ABAB弹簧弹力不变， 那么弹力和重力的合力不变. 因此分析 AB对小球的支持力， 然后再根据牛顿第二定律就可解决 .10、答案： D 由图可知，当F=7N 时物体开始滑动，因
16、此最大静摩擦力为7N；依照牛顿第二定律， Ff ma ，由图中可读出外力F 和加速度 a 的值， 因此代入两组数据即可求出物体的质量和物体受到的滑动摩擦力.11、答案： 1 C2 分 E2 分 2 C 中未记下两条细绳的方向 2 分 E 中未说明是否把橡皮条的结点拉到了位置 O 2 分12、 1答案： 1.90 2 分匀减速2 分提示：依照s aT2 即可 .2答案：正确2 分1gt 2，1 g(t，两个方程，两个未知数，方h lht )222程可解，故可行. 3 分从实际测量来看，最大困难是t 太小，难以测量 . 3 分13、解析： 1对圆柱体进行受力分析，受力分析图如下图，其中 N1、 N
17、2、 N3 分别为桌面、挡板、细杆对圆柱体的弹力 . 3 分2竖直挡板对球的弹力大小N 2 23G 2 分依照平衡关系：N3 sin 60N2， 2 分N3 4G 1 分设圆柱体对均匀细杆AO的作用力大小为N3/ ，依照牛顿第三定律知，N/ =4G 1 分3竖直方向的平衡关系为NNcosG 2 分13将数据代入得，N3G . 1 分114、解析： 1当 B刚要离开挡板时，由于A、 B质量相等，它们重力在斜面上的分力也相等，因此弹簧无形变.B 受力如图，设如今三物块具有共同的加速度，a那么有 N B sinma 2分，N B cosmg 2分对P、 A、 B用整体法，依照牛顿第二定律得，F (2
18、m M )a 2分联立解得， F(2mM )g tan 2分 2由以上分析， 可知从开始到如今物块 A的位移 d确实是开始时弹簧的形变量， A受力如图，那么 T mgsin 2分弹簧受到的弹力T与 T大小相等方向相反，因此TTkdmg sin 2分dmg sin/ k 2分15、解析： 1儿童下落过程，由运动学公式得，h1gt2 1 分20治理人员奔跑的时间t t 0 1 分对治理人员奔跑过程，由运动学公式得，svt 1 分由并代入数据得，v 6m/s 2 分2假设治理人员先匀加速接着匀减速奔跑到楼底，奔跑过程中的最大速度为v0，由运动学公式得，v0 v 1 分02得 v2v =12m/s v
19、m=9m/s 1 分0故治理人员应先加速到vm=9m/s ，再匀速，最后匀减速奔跑到楼底. 1 分设匀加速、匀速、匀减速过程的时间分别为t、 t 、 t，位移分别为s 、 s 、 s ，由运动学123123公式得， s1 at2 1 分112s1at2 1 分323svt 1 分2m 2vatat 1 分m13tt2t3t 1 分10s1+s2 +s3=s 1 分由并代入数据得，a9m/s2. 2 分16、解析：因释放后物体 A 静止不动，依照平衡条件知跨过定滑轮的绳上的拉力为F 60 N 3 分1因为动滑轮保持静止，由平衡条件可得，跨过动滑轮的绳上的拉力为F30 N 3 分2以B为研究对象，
20、设其加速度大小为，由牛顿第二定律， 3 分amB gF2 mB a以 C为研究对象，其加速度大小仍为a，由牛顿第二定律得，Fm gm a 3 分2CC解两式可得 m2 kg. 4 分C17、解析： 1在离地面高于28m时，座舱做自由落体运动， 处于完全失重状态，因此铅球对手没有作用力，由牛顿第三定律可知，手对铅球也没有作用力. 4分2设座舱自由下落高度为h后的速度为 v，制动时的加速度为a，制动高度为 h ，由12v t2 v02 2 as 得， 2 分v22gh1 ， v 22ah2 2 分联立解得，h1 2 分agh2依照牛顿运动定律Fmgma得，mg (h11)mgh1h2 4 分Fh2h2代入数据得， =133N. 2 分F18、解析： 1在斜坡上下滑时，由牛顿第二定律得，mg sinfma 2 分N mg cos0 2 分 fN 2 分解得，ag sing cos21 分2m / s2设斜坡倾角为，斜坡的最大高度为h ，滑至底端时的速度2h 2 分v2 asin沿 BC段前进时的加速度amg / mg 2 分沿 BC段滑行的距离 Lv2 / 2a 2 分为确保安全要求，那么LhcotS 2 分联立解得h25m ，故斜坡的高度不应超过25m . 1 分
