1、2020-2021 年 简单机械章节知识点总结及练习测试题一、简单机械选择题1 下图所示的工具中，属于费力杠杆的是：A钢丝钳B起子C羊角锤D镊子【答案】 D【解析】【详解】动力臂小于阻力臂的杠杆属于费力杠杆，四幅图中只有镊子的动力臂是小于阻力臂的，故应选 D 。2 用一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组把重150N 的物体匀速提升1m，不计摩擦和绳重时，滑轮组的机械效率为60%则下列选项错误的是（）A有用功一定是150JB总功一定是250JC动滑轮重一定是100ND拉力大小一定是125N【答案】 D【解析】【分析】知道物体重和物体上升的高度，利用W=Gh 求对物体做的有用功；又知道滑轮组的机械效
2、率，利用效率公式求总功，求出了有用功和总功可求额外功，不计绳重和摩擦，额外功W 额 =G轮 h，据此求动滑轮重；不计摩擦和绳重，根据F= 1（G 物+G 轮 ）求拉力大小n【详解】对左图滑轮组，承担物重的绳子股数n=3，对物体做的有用功：W 有=Gh=150N1m=150J，W有W有150J由 =，得： W 总 =250J，因此， W 额 =W 总 -W 有 =250J-150J=100J；因为不W总60%计绳重和摩擦， W 额=G 轮 h，所以动滑轮重：W额100J=100N ，拉力 F 的大小：G 轮=h1mF=1 （ G 物 +G 轮 ） = 1 （ 150N+100N ）= 250N
3、；对右图滑轮组，承担物重的绳子股数333n=2，对物体做的有用功：W有W 有=Gh=150N1m=150J ，由 =，得： W 总W总W有150J=250J，所以 W 额 =W 总-W 有 =250J-150J=100J；因为不计绳重和摩擦，W 额=G 轮=60%h，因此动滑轮重： G 轮 = W额 =100J =100N，拉力 F 的大小： F=1 （ G 物+G 轮 ）= 1h1m22（150N+100N ） =125N ；由以上计算可知，对物体做的有用功都是150J，总功都是 250J，动滑轮重都是100N ，故 A 、 B、 C 都正确；但拉力不同，故D 错故选 D 3 如图所示甲、乙
4、两套装置所用滑轮质量均相等，用它们分别将所挂重物在相等时间内竖直向上匀速提升相同高度若G12，所用竖直向上的拉力分别为12，拉力做功的功GF和 F率分别为 P12，两装置的机械效率分别为12和 P 和 （忽略绳重和摩擦）则下列选项正确的是A F F ； ； P PBF F ； ； P P121212121212C F F ； ；P PD F F ； ； P P121212121212【答案】 A【解析】【详解】不计绳重及摩擦，因为拉力F 1 （ G+G 轮 ）， n12， n2 3，所以绳子受到的拉力分别n为： F11 （ G1+G 轮 ）， F21 （ G2 +G 轮 ），故 F1 F2；故
5、 CD 错误；23因为动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，W 额G 轮 h， W 有用 G 物 h，所以利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，总功相同；W有用可知，机械效率相同，由 W总1 2；又因为所用时间相同，由P W 可知，拉力做功的功率 P1 P2，故 B 错误， A 正确t故选 A 4 如图所示，手用 F1 的力将物体 B 匀速提升 h， F1 做功为 300J；若借助滑轮组用 F2 的力把物体 B 匀速提升相同高度， F2 做功为 500J，下列说法错误的是A滑轮组机械效率为60%B两个过程物体B 均匀速运动，机械能增加C滑轮组的自重，绳子和滑轮之间的摩擦等因素导致F2 做的功有
6、一部分属于额外功21D F 做功的功率比F 做功的功率大【答案】 D【解析】【详解】A根据题意知道，用F1 的力将物体 B 匀速提升 h， F1 做的是有用功，即W 有 =300J，借助滑轮组用 F2 的力把物体 B 匀速提升相同高度，F2 做的是总功，即 W 总 =500J，由W有用W总100%知道，滑轮组的机械效率是：W有用300J100%=100%=60% ,W总500J故 A 不符合题意；B由于两个过程物体B 均做匀速运动，所以，动能不变，但高度增加，重力势能增大，而动能与势能之和是机械能，所以机械能增大，故B 不符合题意；C由于需要克服滑轮组的自重及绳子和滑轮之间的摩擦做功，即由此导
7、致F多做一些2功，即额外功，故 C 不符合题意；D由 PW知道，功率由所做的功和完成功所需要的时间决定，根据题意不知道完成t功所用的时间，故无法比较功率的大小，故D 符合题意5 在斜面上将一个质量为5kg 的物体匀速拉到高处，如图所示，沿斜面向上的拉力为40N，斜面长2m、高1m.（ g 取 10N/kg ） .下列说法正确的是（）A物体沿斜面匀速上升时，拉力大小等于摩擦力B做的有用功是5JC此斜面的机械效率为62.5%D物体受到的摩擦力大小为10N【答案】 C【解析】A. 沿斜面向上拉物体时，物体受重力、支持力、摩擦力和拉力四个力的作用，故A 错误；B. 所做的有用功：W 有用 Gh mgh
8、 5kg10N/kg1m 50J，故 B 错误； C. 拉力 F 对物体W有用100%50J做的总功： W 总 Fs 40N2m 80J；斜面的机械效率为：100%W总80J62.5%，故 C 正确； D. 克服摩擦力所做的额外功：W 额 W 总 - W 有 80J-50J 30J，由 W额 fs 可得 ,物体受到的摩擦力： f W额 30J 15N，故 D 错误故选 C.s2m点睛：（ 1）对物体进行受力分析，受重力、支持力、摩擦力和拉力；（2）已知物体的重力和提升的高度（斜面高），根据公式W Gh 可求重力做功，即提升物体所做的有用W有用4）总功减去功；（ 3）求出了有用功和总功，可利用公
9、式计算出机械效率；（W总有用功即为克服摩擦力所做的额外功，根据W 额 fs 求出物体所受斜面的摩擦力6 如图所示，用下列装置提升同一重物，若不计滑轮自重及摩擦，则最省力的是ABCD【答案】 C【解析】【详解】1A 此图是动滑轮，由动滑轮及其工作特点可知，省一半的力，即F=G；2B此图是定滑轮，由定滑轮及其工作特点可知，不省力，即F=G；C此图是滑轮组，绕在动滑轮上的绳子由3 股，则 F=1G；3D此图是滑轮组，绕在动滑轮上的绳子由2 股，则 F=1G2由以上可知：在滑轮重及摩擦不计的情况下最省力的是C， C 符合题意7 下列关于功、功率、机械效率的说法中正确的是A机械效率越大，做的有用功一定越
10、多B功率越大，做功越快C有力作用在物体上，力一定对物体做了功D功率小，机械效率也一定低【答案】 B【解析】【详解】A因为机械效率是有用功与总功的比值，所以机械效率越大，做的有用功不一定越多，故 A 错误；B功率是表示做功快慢的物理量，功率越大，做功越快，故B 正确；C有力作用在物体上，物体力的方向上没有移动距离，力不做功，故C 错误；D机械效率是有用功与总功的比值，与功率的大小无关，故D 错误8 如图用同一滑轮组分别将两个不同的物体A 和B 匀速提升相同的高度，不计绳重和摩擦的影响，提升A 的过程滑轮组的机械效率较大，则下列判断正确的是A 物体比B 物体轻 提升A 的拉力较大 提升A 所做的额
11、外功较少 提升A 做的有用功较多A只有 B只有 C只有 D只有 【答案】 B【解析】【详解】由题知，提起两物体所用的滑轮组相同，将物体提升相同的高度，不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力所做的功是额外功，由W 额 =G 动 h 知，提升A 和 B 所做额外功相同，不计绳重与摩擦的影响，滑轮组的机械效率：=W有W有A 物体时滑轮=，额外功相同，提升W总W有 W额组的机械效率较大，所以提升A 物体所做的有用功较大，由于提升物体高度一样，所以A物体较重，提升 A 物体用的拉力较大，故ACD 错误， B 正确。9 如图所示，在“”2cm，在B探究杠杆平衡条件的实验中，轻质杠杆上每个小格长度均为点竖直悬挂4
12、个重均为0.5N 的钩码，当在A 点用与水平方向成 30角的动力F 拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡。对该杠杆此状态的判断，下列说法中正确的是A杠杆的动力臂为 8cmB该杠杆为费力杠杆C该杠杆的阻力大小为0.5ND动力 F 的大小为1.5N【答案】 B【解析】【详解】A、当动力在 A 点斜向下拉（与水平方向成1130角）动力臂是：OA= 4 2cm=4cm，故22A 错误；1B 正B、阻力臂 OB， 3 2cm=6cm OA，即阻力臂大于动力臂，该杠杆为费力杠杆，故2确；C、该杠杆的阻力大小为：G=4 0.5N=2N，故 C 错误；D、根据杠杆的平衡条件，1F1l1=F2l2， GOB=F OA，
13、代入数据， 2N 8cm=F 4cm，解得，2F=4N，故 D 错误。10 如图所示的装置中,A重100N,物体B重10N,在物体B,A在水平物体的作用下 物体面，上做匀速直线运动，如果在物体A 上加一个水平向左的拉力F,拉力的功率为30W，使物体 B 匀速上升3m 所用的时间为（不计滑轮与轴之间的摩擦，不计绳重）A1sB 2sC 3 sD 4s【答案】 B【解析】分析： （ 1）物体 A 在物体 B 的作用下向右做匀速直线运动， A 受到的摩擦力和挂钩的拉力是一对平衡力，可求出摩擦力。（2）拉动 A 向左运动， A 受到水平向左的拉力 F 和水平向右的摩擦力、挂钩的拉力三力平衡，可求出拉力。
14、（3）利用滑轮组距离关系，B 移动的距离是A 移动距离的3 倍，求出 A 移动的距离，则拉力所做的功为，再利用求出做功时间。解答：不计滑轮与轴之间的摩擦、不计绳重和滑轮重，物体A 在物体 B 的作用下向右做匀速直线运动时，。拉动 A 向左运动时，A 受到向右的拉力不变，摩擦力的方向向右，此时受力如图：；，则，因此拉力F 做功：，所用时间为。故选： B。【点睛 】此题注意分析滑轮组的绳子段数，确定所使用的公式，做好受力分析是解题关键。11 如图所示 , 用滑轮组提升重物时, 重 200N 的物体在5s 内匀速上升了1m.已知拉绳子的力 F 为 120N, 如果不计绳重及摩擦,则提升重物的过程中A
15、绳子自由端被拉下3mB拉力 F 做的功为200JC滑轮组的机械效率是 83.3% D拉力 F 的功率是 40W 【答案】 C【解析】【详解】A 、物重由两段绳子承担，因此，当物体提升1m 时，绳子的自由端应被拉下2m，故 A 错误；B、拉力为120N，绳子的自由端应被拉下2m，则拉力做功为：，故 B 错误；C、滑轮组的机械效率，故 C 正确；D、拉力 F 的功率，故 D 错误故选 C【点睛】涉及机械效率的问题时，关键是要清楚总功、有用功、额外功都在哪，特别要清楚额外功是对谁做的功，弄清楚这些功后，求效率和功率就显得简单了。12 如图是抽水马桶水箱进水自动控制的结构原理图，AOB 为一可绕固定点
16、O 转动的轻质杠杆，已知 OA : OB 1: 2 ， A 端用细线挂一空心铝球，质量为 2.7kg 当铝球一半体积浸在水中，在 B 端施加 3.5N 的竖直向下的拉力 F 时，杠杆恰好在水平位置平衡（铝2.7103 kg / m3 ， g10 N / kg ）下列结果正确的是A该铝球空心部分的体积为1 10 3 m3B该铝球的体积为310 3 m3C该铝球受到的浮力为D该铝球受到的浮力为20N40N【答案】 C【解析】【分析】根据密度的公式得到铝球实心部分的体积，根据杠杆的平衡条件得到A 端的拉力，铝球在水中受到的浮力等于重力减去A 端的拉力，根据阿基米德原理求出排开水的体积，从而得出球的体
17、积，球的体积减去实心部分的体积得到空心部分的体积【详解】铝球实心部分的体积： V实m2.72.7kg110 3 m3，103 kg / m3由杠杆平衡的条件可得：FAOA=F BOB， FA OB FB23.5N7N ，OA1铝球受到的浮力：F浮GFmgF2.7kg10N / kg7N20N ，铝球排开水的体积：V排F浮20N2 10 3 m3 ，水 g110N / kg103 kg / m3铝球的体积： V球2V排2210 3 m34 10 3 m3 ，则空心部分的体积：V空V球V实410 4 m31 10 3 m33 10 3 m3 【点睛】本题考查杠杆和浮力的题目，解决本题的关键知道杠杆
18、的平衡条件和阿基米德原理的公式13 如图所示，一根木棒在水平动力（拉力）F 的作用下以O 点为轴，由竖直位置逆时针匀速转到水平位置的过程中，若动力臂为L，动力与动力臂的乘积为M ，则A F 增大， L 增大，M增大BF 增大， L 减小， M减小C F 增大， L 减小，【答案】 C【解析】【分析】M增大D F 减小， L 增大， M增大找某一瞬间：画出力臂，分析当转动时动力臂和阻力臂的变化情况，根据杠杆平衡条件求解【详解】如图，l 为动力臂， L 为阻力臂 ,由杠杆的平衡条件得： Fl=GL ；以 O 点为轴，由竖直位置逆时针匀速转到水平位置的过程中， l 不断变小， L 逐渐增大， G 不
19、变；由于杠杆匀速转动，处于动态平衡；在公式Fl =GL 中， G 不变， L 增大，则GL 、 Fl 都增大；又知：l 不断变小，而Fl不断增大，所以F 逐渐增大，综上可知：动力F 增大，动力臂l 减小，动力臂和动力的乘积 M=F l 增大；故选 C【点睛】画力臂：画力的作用线（用虚线正向或反方向延长）；从支点作力的作用线的垂线得垂足；从支点到垂足的距离就是力臂14 如图所示，一直杆可绕O 点转动，杠杆下端挂一重物，为了提高重物，用一个始终跟杠杆垂直的力使杠杆由竖直位置慢慢转到水平位置，在这个过程中直杆A始终是省力杠杆B始终是费力杠杆C先是省力的，后是费力的D先是费力的，后是省力的【答案】 C
20、【解析】【详解】由图可知动力F 1 的力臂始终保持不变，物体的重力G 始终大小不变，在杠杆从竖直位置向水平位置转动的过程中，重力的力臂逐渐增大，在L2 L 1 之前杠杆是省力杠杆，在L 2 L 1之后，杠杆变为费力杠杆15 如图所示，有一质量不计的长木板，左端可绕 O 点转动，在它的右端放一重为块，并用一竖直向上的力 F 拉着。当物块向左匀速运动时，木板始终在水平位置保持静止，在此过程中，拉力 F（ ）G 的物A变小B变大C不变D先变大后变小【答案】 A【解析】【详解】把长木板看作杠杆，此杠杆在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂可知，当动力臂不变，阻力大小不变，物块向左匀
21、速滑动时，阻力臂在减小，可得动力随之减小，答案选A。16 如下图所示的四种机械提起同一重物，不计机械自重和摩擦，最省力的是ABCD【答案】 D【解析】【详解】根据题意知道，在不计机械自重和摩擦的条件下使用的简单机械；A图的杠杆提升重物时，由于动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆，即F G；B用图中的杠杆提升重物时，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，即F=G；C图中滑轮组承担物重的绳子的有效股数是：n=2，所以，绳端的拉力是：；D图中滑轮组承担物重的绳子的有效股数是：n=3所以，绳端的拉力是：；综上所述，只有D 图中的机械最省力。17 同一滑轮用如图甲、乙两种方式匀速提升重为和滑轮的摩擦力不计则（ ）1
22、00N的物体，已知滑轮重20N、绳重A手的拉力： F 甲 F 乙 ；机械效率： 甲 乙B手的拉力： F 甲=F 乙； 机械效率： 甲 =乙C手的拉力： F 甲 F 乙 ；机械效率： 甲 乙D手的拉力： F 甲 F 乙 ；机械效率： 甲 乙【答案】 C【解析】【详解】甲为定滑轮，由定滑轮的使用特点可知：绳重和摩擦力不计，F甲G ，并且可以改变力的方向。乙为动滑轮， F乙1F乙 。（ G动 G），由题知， G 动 =20N G，因此 F甲2如图所示，用定滑轮和动滑轮分别将质量相同的甲、乙两物体匀速提升相同的高度，不计绳重与摩擦，则所做的有用功W 有用 一样大，由于要克服动滑轮重力的作用，所以使用动
23、滑轮做的总功多，由 W有用乙 ，故 C 正确为答可知，定滑轮的机械效率高，所以甲W总案，选项 ABD 错误。18 如图所示的滑轮组，用F=30N 的拉力，拉动水平地面上重为300N 的物体，使物体匀速前进了 2m. 物体和地面之间的摩擦力为45N，在此过程中，下列说法正确的是拉力做的功是120J2m75%绳子自由端移动的距离是滑轮组的机械效率是A 点受到的拉力为 300NABC D 【答案】 C【解析】【详解】由图可知，n=2，则绳子自由端移动的距离：s绳2s物22m=4m ；故错误；拉力做的功：W总Fs绳30N4m=120J ；故正确；克服物体和地面之间的摩擦力做的功为有用功，则有用功：W
24、有=fs 物=45N 2m=90J，滑轮组的机械效率：W有100%90J100%=75% 故正确；W总120J因物体在水平地面上做匀速运动，则此时A 处绳子的拉力与物体受到的摩擦力是一对平衡力，所以，A 点受到的拉力：FA=f=45N；故错误；故 ABD 错误， C 正确。19 在使用下列简单机械匀速提升同一物体的四种方式，所用动力最小的是（不计机械自重、绳重和摩擦）（ ）ABCD【答案】 D【解析】不计机械自重绳重和摩擦，即在理想状况下：A. 图示是一个定滑轮拉力F1 G；B. 根据勾股定理知h3m,图中为斜面 ,F25m G3m,得到 F2 0.6G；C. 如图所示,由图可知，由杠杆平衡条
25、件可得：F3 L 2 GL G, 拉力 F3 GG0.4G；D. 由图示可知 ,滑轮组承重绳子的有效股数 n 3,拉力 F4 G；因此最小拉力是 F4；故选： D。点睛：由图示滑轮组，确定滑轮组的种类，根据滑轮组公式求出拉力F1、 F4；由勾股定理求出斜面的高，根据斜面公式求出拉力F2 的大小；由图示杠杆求出动力臂与阻力臂的关系，然后由杠杆平衡条件求出拉力F3；最后比较各力大小，确定哪个拉力最小。20 内有少量饮料的罐子可以斜放在水平桌面上保持平衡下列四个图中，能正确表示饮料罐（含饮料）所受重力的示意图是（）ABCD【答案】 A【解析】【详解】重力的方向始终竖直向下，故CD 错误；根据题意，内
26、有少量饮料的罐子可以斜放在水平桌面上保持平衡，根据杠杆的平衡条件知，只有重力的作用线经过支点时，罐子才会保持平衡，故A 正确， B 错误故选 A【点睛】关键是根据杠杆的平衡条件分析，理解当一个力通过支点时，此力的力臂为零，对杠杆起不到任何作用，即原来平衡的杠杆会仍然平衡21 用如图甲所示的装置来探究滑轮组的机械效率G 物的关系，改变G 物，竖直向与物重上匀速拉动弹簧测力计，计算并绘出与 G 物 关系如图乙所示，若不计绳重和摩擦，则下列说法正确的是A同一滑轮组机械效率 随 G 物的增大而增大，最终将达到 100% B当 G 物 =12N 时，弹簧测力计读数为 5NC此滑轮组动滑轮的重力为4ND
27、G 物 不变，改变图甲中的绕绳方式，滑轮组机械效率将改【答案】 B【解析】【分析】（ 1）使用机械时，人们为完成某一任务所必须做的功叫有用功；对完成任务没有用，但又不得不做的功叫额外功；有用功与额外功之和叫总功。有用功与总功的比值叫机械效率；（ 2）不计绳重和摩擦，结合图中信息，根据W有用W有GhGG 物 =12N 时弹W总W有 W额求得动滑轮的重力，再计算Gh G动h G G动簧测力计读数；（3） G 物 不变，改变图甲中的绕绳方式，分别将同一物体匀速提高到相同高度，做的有用功相同；克服动滑轮做的额外功相同，由此分析机械效率的变化情况。【详解】A 、使用滑轮组时，克服物重的同时，不可避免地要
28、克服动滑轮重做额外功，所以总功一定大于有用功；机械效率一定小于1，即同一滑轮组机械效率随 G 物的增大而增大，但最终不能达到和超过100%，故 A 错误；BC 、由图可知， G=12N ，此时 =80%，不计绳重和摩擦，W有用W有GhG，W总W有W额Gh G动 h G G动12N80% ，即：12N G动解得动滑轮的重力：G 动=3N ，故 C 错误；G 物 =12N 时，弹簧测力计读数：F1 （ G物 G动）1 （12N3N ） 5N ，故 B 正确；33D、 G 物 不变，改变图甲中的绕绳方式，将同一物体匀速提高相同的高度，所以所做的有用功相同，忽略绳重及摩擦时，额外功：W额G轮 h ，即
29、额外功 W 额 相同，总功相同，则两装置的机械效率相同。故D 错误。故选： B。22 用如图所示的滑轮组在10s 内将 300N 的重物匀速提升3m，已知动滑轮重30N，不计绳重与摩擦，则A利用滑轮组所做的有用功是450JB绳子自由端移动的速度是0.9m/sC拉力的功率是99WD滑轮组的机械效率是80%【答案】 C【解析】利用滑轮组所做的有用功：W 有 =Gh=300N3m=900J，故 A 错误；拉力做的功：W 总=（G+G动 ） h=（ 300N+30N） 3m=990J，拉力的功率：P=W/t =990W10s=99W ，故 C 正确；滑轮组的机械效率： =W有/ W 总100%=900
30、J/990J100%90.9%，故 D 错误；由图可知，n=2，则绳端移动的距离： s=nh=23m=6m，绳子自由端移动的速度：v=s/t =6m/10s=0.6m/s ，故 B 错误，故选 C。23 如图所示，杠杆上分别放着质量不相等的两个球，杠杆在水平位置平衡，如果两球以相同速度同时匀速向支点移动，则杠杆A仍能平衡B不能平衡，大球那端下沉C不能平衡，小球那端下沉D无法判断【答案】 C【解析】【详解】开始时两球平衡，即力矩相等；当运动时，两球速度相同，则在相同时间内移动的距离相同，大球的力矩减少的快，则大球力矩会小于小球力矩，杠杆向小球那端下沉24 如图所示，杠杆处于平衡状态，如果将物体A
31、 和B 同时向靠近支点的方向移动相同的距离，下列判断正确的是（）A杠杆仍能平衡B杠杆不能平衡，左端下沉C杠杆不能平衡，右端下沉D无法判断【答案】 C【解析】原来杠杆在水平位置处于平衡状态，此时作用在杠杆上的力分别为物体对应的力臂分别为OC、 OD ，A 、 B 的重力，其根据杠杆的平衡条件可得：mAgOC=m B gOD ，由图知OC OD所以 mA mB ，当向支点移动相同的距离L 时，两边的力臂都减小L ，此时左边的力矩为：mA g（ OC- L ）=m AgOC-m A g L ，右边的力矩为：mB g（ OD- L ） =m B gOD-m B g L ，由于 mA mB ，所以 mA
32、 g LmB g L ；所以： mA gOC-m Ag L mBgOD-m Bg L 因此杠杆不能平衡，将向悬挂B 物体的一端即右端下沉。故 C 正确为答案。25 工人师傅利用如图所示的两种方式，将均为300N 的货物从图示位置向上缓慢提升一段距离 F12始终沿竖直方向；图甲中OB=2OA，图乙中动滑轮重为 60N，重物上升速度、 F为 0.01m/s 不计杠杆重、绳重和摩擦，则下列说法正确的是（）A甲乙两种方式都省一半的力B甲方式F 由 150N 逐渐变大1C乙方式机械效率约为83.3%D乙方式 F 的功率为 3W2【答案】 C【解析】试题分析：由甲图可知，OB=2OA，即动力臂为阻力臂的2 倍，由于不计摩擦、杠杆自重，由杠杆平衡条件可知，动力为阻力的一半，即F1=150N；由图乙可知， n=3 ，不计绳重和摩擦，则 F2=G+G 动） /3=（ 300N+60N） /3=120N，故 A
