1、北京专家2020届高考模拟试卷（四）123456BDCDDA1.【解析】:细胞膜中的磷脂是由甘油、脂肪酸和磷酸等物质组成，A选项错误；细胞膜上的多糖与蛋白质结合形成糖蛋白，与脂质结合形成糖脂，B选项正确；物质的各种跨膜运输方式与细胞膜上分子的运动都有关系，C选项错误；组成细胞膜的各种化学成分会发生改变，如癌变的细胞膜会出现甲胎蛋白和癌胚抗原，D选项错误。2.【解析】: 24 h前就有物质A通过细胞膜进入细胞内，A选项错误；01 h内既有H2O的输出也有H2O的输入，只是输出更多，B选项错误；23 h内，细胞开始吸水，原生质体体积增大开始恢复，物质A溶液渗透压小于细胞液渗透压，C选项错误；在转折
2、点之前细胞液浓度小于外界的物质A浓度，在转折点之后，细胞液浓度大于外界的物质A浓度，故在曲线最低处相等，D选项正确。3.【解析】:神经递质通过胞吐出细胞，而Cl-通过协助扩散进出细胞，A选项错误；释放-氨基丁酸的部位是轴突，B选项错误；神经元白天胞内Cl-浓度高于胞外，顺浓度梯度出细胞，造成外负内正，神经元电位逆转发生兴奋，故白天-氨基丁酸使该神经元兴奋，C选项正确；-氨基丁酸发挥作用后，一般被酶降解失活，故不能在突触处持续作用，D选项错误。4.【解析】: 图甲边转录边翻译，是原核生物的基因表达特点，故RNA聚合酶不需要通过核孔进入细胞核并催化转录的过程，A选项错误；图乙所示核苷酸共有8种，与
3、的区别在于五碳糖不同，B选项错误；链的值等于模板链的值等于DNA的值，C选项错误；图甲中核糖体移动方向是 ab 且先后合成的蛋白质相同，D选项正确。5.解析: 据题干信息可知，一只芦花雌鸡与一只芦花雄鸡交配，F1子代中有3/16为全羽鸡，因此亲代雌鸡的基因型为TtZBW、TtZBZb，A正确；白羽鸡的基因型为tt_ _，因此子代出现白羽鸡的概率为1/4，B正确；亲本雌鸡的基因型为ZBW，产生ZB的概率为1/2，亲本雄鸡的基因型为ZBZb，产生ZB的概率也为1/2，故C正确；亲本芦花雌鸡的次级卵母细胞中含0或1或2条W染色体，D错误。6.【解析】：蛇的迁入增加了该生态系统食物链增加了第四营养级，
4、故增加了能量消耗的环节，A选项正确；能量流动是沿着食物链进行的，蛇的迁入没有改变该生态系统能量流动的方向，B项错误；蛇迁入后，形成了食物链：植物昆虫蛙蛇，据此可知，蛇的迁入会使该农田中蛙的数量减少、昆虫增加等系列变化，C项错误；生态系统中能量流动是单向流动、逐级递减，因此能量不能循环利用，D项错误。78910111213CABCBDD7.【解析】含4%硅的硅钢导磁性很强，主要用作变压器的铁芯，选项A正确；石灰属于碱，能使蛋白质变性，选项B正确；煤干馏得到煤焦油，煤焦油中含有各种芳香族化合物，通过分馏可获得苯、二甲苯等有机物，选项C错误；臭氧是一种有鱼腥味、氧化性极强的淡蓝色气体，可用作自来水消
5、毒剂，选项D正确。8. 【解析】的同分异构体中含有苯环且属于羧酸可分三种情况考虑，苯环上的一取代有-CH2CH2COOH、-CH(COOH)CH3两种；苯环上的二取代有-CH3、-CH2COOH，-CH2CH3、-COOH两种组合，共有6种；苯环上的三取代基有两个-CH3、-COOH，共有6种，共有14种，选项A正确；葡萄糖与果糖互为同分异构体，淀粉与纤维素的化学式为(C6H10O5)n，但n值不同，故不是同分异构体，选项B错误；2，2-二甲基丙烷的结构为C(CH3)4，中心C上无H原子，故不能通过加成H2得到，故选项C错误；植物油为酯类化合物，含有氧元素，为烃的含氧化合物，选项D错误。9.
6、【解析】14C18O的式量为32，质子数为12.8 g 14C18O物质的量小于0.1mol，故选项A错误；3NO2+H2O=2HNO3+NO，转移电子数为2e，0.3 mol NO2通入水中完全反应，转移的电子数为0.2NA，选项B正确；CO燃烧热为283.0 kJ/mol，若一定量的CO完全燃烧放出热量为283.0 kJ，则消耗O2分子数为0.5NA，选项C错误；62.0 g乙二醇为1mol，含有的羟基数目为2NA，选项D错误。10. 【解析】根据题干信息可得A-H、B-N、C-O、D-S、E-Cl，C、D、E的简单离子半径：S2 Cl O2，选项A正确；H元素与N、O、S、Cl可形成N2
7、H4、H2O2、H2S、HCl18电子分子，选项B正确；H、N、O三元素可形成HNO3，其水溶液对水的电离是抑制作用，故选项C错误；S2Cl2的结构为Cl-S-S-Cl，分子中存在非极性键，选项D正确。11. 【解析】Na2CO3+CO2+H2O= 2NaHCO3，反应中消耗水同时溶质增多，故选项A错误；酸碱中和滴定实验中，待测液可以放在锥形瓶中也可以在滴定管中，故选项B正确；蔗糖与浓硫酸反应产生的气体有CO2和SO2，SO2也能与澄清石灰水反应出现浑浊现象，选项C错误；D中无现象能证明该反应为放热反应，选项D错误。12. 【解析】通过电子转移可确定M为负极，N为正极，负极的电极反应为CH3C
8、OOH8e+2H2O=2CO2+8H+，正极的电极反应为O2+4e+4H+=2H2O或Cr2O72+6e+8H+=2Cr(OH)3+ H2O，故H+虽然会从负极移动到正极，但正极会消耗H+，故N极附近的溶液pH不会下降，选项A、C错误；选项B中未说明是否是标准状况，故选项B也错误，由于Cr2O72具有强氧化性，能将还原菌氧化而失活，故选项D正确。13. 【解析】由图中信息可知Ka1=101.2，Ka2=104.2，C点H2C2O4 和C2O42相等，而Ka1Ka2= c2(H+) c(C2 O42)/ c(H2C2O4)=105.4，c(H+)=102.7，选项A正确； 向草酸溶液中滴加氢氧化
9、钠溶液至pH为4.2时，根据电荷守恒c(Na+)+c(H+)=2c(C2 O42)+c(OH) + c(HC2O4)，由于c(C2 O42)= c(HC2O4)，故选项B正确，Ka2=104.2，HC2O4的水解常数为1012.8，HC2O4的电离大于水解，溶液呈酸性，选项C正确；当c(HC2O4)c(C2 O42)时，溶液呈酸性，若溶液呈中性，则c(HC2O4) c(C2 O42)，选项D错误1415161718192021DCBBBBCACAD14【解析】根据图像可知，B车先向x轴正方向匀速运动，后向x轴负方向匀速运动，16s末回到出发点，A选项错误；根据图像可知，两车的最大距离为12m，
10、故B错误；416s时间内，B车的路程不为零，故平均速率不为零，故C错误；016s时间内，A、B两车分别在6s末和12s末相遇，共相遇两次，故D选项正确。15.【解析】比结合能越大，原子核越稳定，故A选项错误；核的比结合能约为5MeV，核子数为6，故结合能约为30MeV，故B选项错误；核的比结合能约为7MeV，故结合能约为28MeV，比核的结合能小，故C选项正确；两个核结合成核时有质量亏损，因此要释放能量，故D选项错误。16.【解析】由于加速度向上，故处于超重状态，A选项错误；引力做功不会改变重力势能，火箭对卫星做正功，故机械能增加，D选项错误；在地球表面：，故，高空时：，得，又由万有引力公式可
11、知：地表附近，高空时：，则，则，故B选项正确，C选项错误。17【解析】首先简化电路，电流表当成导线，电压表看成断路，电路结构为：滑动变阻器R1左右两部分并联再与R2、电源串联，电压表测量的是并联部分的电压，电流表测量的是滑动变阻器右边部分的电流，当滑片从B划向C时，并联部分总电阻先增加后减小，故电压表先增加后减小，A选项错误；当滑片划到中间位置之前，电压一直增加，而右半部分电阻减小，故电流表示数增大；当滑片从中间位置向C继续划动时电阻减小，干路电流增大，左边部分电阻变大，电流减小，可知右边部分电流增大，故右边部分电流一直增大，故B选项正确；电阻先增加后减小，故消耗电功率先增加后减小，故C选项错
12、误；由闭合电路欧姆定律可知：，但由于，故，因此D选项错误。18【解析】解：根据电场力做功可知：WABqUABq（AB）;WACqUACq（AC）。根据匀强电场中场强与电势差的关系可知：，则此点电荷从D点运动到C点的过程中，电场力做功为：故ACD错误，B正确。19【解析】根据矢量叠加原理，在AO段磁感应强度水平向右，而OB段磁感应强度水平向左，根据左手定则可知，AO段小球所受洛伦兹力垂直于纸面向里，OB段小球所受洛伦兹力垂直于纸面向外，故A选项错误；O点磁感应强度为零，无穷远处磁感应强度趋近于零，而中间某点磁感应强度不为零，故从O点到无穷远磁感应强度先增加后减小，由于Bmax位置不确定，因此B、
13、C选项正确；由于洛伦兹力最大的位置不确定，所以摩擦力大小变化不能确定，加速度的变化也不能确定，故D选项错误。20.【解析】根据比值关系：，又，故，电流，原线圈输入功率，灯泡L2的功率，故灯泡L3的功率，电压，故，故A、C选项正确，B选项错误；t=0.02s时，线框平面应该与磁场垂直，故D选项错误。21.【解析】两个粒子均由O点出发，在D点相遇，因此OD为圆轨迹上的一条弦，两个粒子的轨迹互补，根据对称性可知，粒子入射角度和OC的最小夹角为0，最大为120，而30和90刚好可以满足题目条件，因此A选项正确；根据前面分析可知，两粒子相差的最大圆心角为，故时间差最大为，故B选项错误；若，粒子沿OC方向
14、入射，则在磁场中运动的时间为，故C选项错误；如C选项分析，此时离开AC边界最远距离为2r，故D选项正确。22.（6分）【解析】（1）利用平均速度公式，小球B经过光电门时的速度vB表达式为 ，A、B两者角速度相同，故，得 （2）要满足系统机械能守恒则有23.【答案】（1）电流表，1mA (2)2V (3) (4)【解析】（1）在表头两侧并联电阻可将表头改为大量程的电流表，若电阻R1=25，为Rg的1/4，电流为表头的4倍，故总量程为Ig的5倍，为1mA；（2） 多用电表指针指在中间位置，说明此时的R内=Rx，而电流I=1/2Ig，则E=I（R内+Rx）=2V（3）待测电阻阻值（4）由于电动势发生
15、改变，故内阻，电动势改变前后同一偏转角度对应同一电流，故有，因此24.（12分）【解析】（1）电动势：E=BLv.电阻.电流：.安培力:.加速度：.方向：沿FC方向(2) GH电流：.电功率：.25【解析】对B竖直方向：.水平方向： .得由动量守恒定律得：.由能量守恒定律得：，.（2）A上升过程中.A匀减速至速度为零，由.减速时间：.传送带位移：.相对位移：.热量：.（3） 滑块A与传送带共速位移：.故下滑时可以达到共速共速时间：.传送带位移：.相对位移：.在共速之前两者的相对位移：.由于，故共速后继续加速物块向上滑动的距离为5m，共速之前向下运动3.2m，故此时距离传送带底端1.8m，因此即
16、使后面物块速度大于传送带速度，相对位移也小于1.8m，故划痕长度为16.2m26.解析（1）用反应I反应II得到CH2=CHCH2C1(g)+HC1(g) CH2C1CHC1CH3(g) H= 32kJmol-1，H= Ea(正) Ea(逆)= 134kJmol-1Ea(逆)= 32kJmol-1，Ea(逆)= 32kJmol-1（2）反应I是一个气体物质的量减小的反应，反应II气体物质的量不变，达到平衡后增大压强，反应I正向移动，CH2C1CHC1CH3的产率增大；（3）反应II为放热反应，由于体系为绝热容器，随着反应进行，体系的温度升高，容器内气体压强增大。（4）p点不是对应温度下CH2C
17、1CHC1CH3的平衡产率，因为生成CH2C1CHC1CH3的反应为放热反应，温度越低平衡转化率越高，而450的产率高于p点产率，所以p点不是对应温度下CH2C1CHC1CH3的平衡产率（5）压强的减小由反应I引起CH2=CHCH3(g)+C12(g) CH2C1CHC1CH3(g)反应120min的压强的变化为10.6，故v(CH2C1CHC1CH3)=10.6/120=0.09 kPamin-1；设起始CH2=CHCH3(g)和C12(g)的物质的量各为1mol，平衡时气体的总物质的量为57.62/80=1.44 mol，生成的n(CH2C1CHC1CH3)=0.56 mol，反应I消耗的
18、CH2=CHCH3(g)和C12(g)的物质的量各为0.56 mol，根据平衡时HC1的体积分数为，计算反应生成的n(HC1)= n(CH2=CHCH2C1)=0.18mol，参与反应的CH2=CHCH3(g)和C12(g)的物质的量各为0.18 mol ，则丙烯的平衡总转化率(0.18+0.56)/1=74%；CH2=CHCH3(g)+C12(g) CH2C1CHC1CH3(g)物质的量分数 0.26/1.44 0.26/1.44 0.56/1.44 Kp=0.21答案（1）32（2分） （2）增大（1分） 反应I是一个气体物质的量减小的反应达到平衡后增大压强，反应I正向移动，CH2C1CH
19、C1CH3的产率增大（2分） （3）增大（1分） （4）否（1分） 因为生成CH2C1CHC1CH3的反应为放热反应，温度越低平衡转化率越高，而450的产率高于p点产率，所以p点不是对应温度下CH2C1CHC1CH3的平衡产率；（2分）（5）0.09（2分） 74%（2分） 0.21（2分）27.解析(2)根据工艺流程，焙烧时，通入空气，产生MoO3和SO2，即化学方程式为2MoS27O22MoO34SO2；氧化产物是还原剂被氧化后得到的产物，根据化学反应方程式中Mo、S的化合价升高，即氧化产物是MoO3、SO2。(3)根据问题(5)，碱浸时，Mo元素以MoO的形式存在，即“碱浸”时含钼化合物
20、发生的主要离子反应是MoO3CO=MoOCO2。(5)根据溶度积，SO先沉淀出来，BaMoO4开始出现沉淀，此时溶液中c(Ba2)1.0107 molL1，此时溶液中c(SO)Ksp(BaSO4)/c(Ba2)11010/1.0107 molL11.0103 molL1，令溶液的体积为V L，去除SO的质量分数为100%90%。(6)MoS2与NO反应，S和Mo的化合价都升高，S原子被氧化成SO，钼元素以MoO的形式存在，NO中N的化合价降低，转化成NO。答案(1)粉碎固体颗粒（2分） (2) MoO3、SO2（2分）(3) （1分）MoO3CO=MoOCO2（2分）(4)PbS（2分）(5)
21、90（2分）(6)MoS26NO=MoO2SO6NO（2分）28.解析(2)装置A是制备二氧化硫气体，装置B中的碱石灰可以吸收尾气，并防止外界水蒸气加入装置，应该在整套装置的最后，D装置应该为二氧化硫与样品反应的装置，进入该装置的二氧化硫需要用浓硫酸(E)干燥，C装置为安全瓶，因此装置的顺序为ACEDB，接口顺序为deihgfb(c)；根据图示，M为长颈漏斗，在实验过程中，可以起到平衡内外气压，防止压强过大的作用。(4)Na2S2O3水解显碱性，标准液应装在碱式滴定管中。(5)实验开始时，向D装置中加入10.00 g土壤样品和10.16 g I2(已知I2过量)，n(I2)0.04 mol，向
22、反应后的D装置加入蒸馏水，过滤，充分洗涤，并合并洗涤液和滤液，将其配成250.00 mL溶液，取25.00 mL 用0.20 molL1 Na2S2O3标准液滴定剩余碘单质，根据实验数据可知，实验的误差较大，删除该数值，实验消耗Na2S2O3溶液的平均值 mL 20.00 mL，根据2S2OI2=S4O2I，消耗碘单质物质的量n(Na2S2O3) 0.020 0 L0.20 molL1100.02 mol，剩余I2物质的量0.04 mol0.02 mol0.02 mol，即与二氧化硫反应的碘单质物质的量0.04 mol0.02 mol0.02 mol，消耗水为0.04 mol，土壤样品中水的含
23、量100%7.2%；若Na2S2O3标准液已部分氧化变质，滴定过程中消耗的硫代硫酸钠溶液体积增大，测定剩余碘单质物质的量增大，则与二氧化硫反应的碘单质减少，反应的水的物质的量减小，计算得到水的含量偏低。答案(1)SO2I22H2O=H2SO42HI（2分）(2)deihgfb(c) （2分）长颈漏斗（1分）平衡内外气压，防止压强过大（2分）(3)打开弹簧夹，通入氮气（2分）(4)碱式（1分）使所剩余的碘单质均进入滤液，测量结果更准确（2分）(5)7.2（2分）偏低（1分）29.（10分）（1）C3（或三碳化合物）（1分） 暗反应（C3的还原）光反应（H2O的光解）（2分） （2）大于（1分）
24、A点时CO2吸收速率或O2的释放速率均大于0 ，净光合速率大于0，因此光合速率大于呼吸速率（2分） （3）光反应产生的ATP和H，在黑暗后还能维持一段时间的暗反应（2分） 较多（2分）30.（8分）（1）甲状腺（1分）；甲状腺细胞受损、促甲状腺激素受体受损（2分，任答一个给满分）；（2）由于反馈调节机制，乙患者T3、T4水平较高，从而抑制了垂体分泌TSH，因此TSH水平较低。（2分）（3）偏高（2分）；甲状腺激素可促进产热，寒冷条件下，体内甲状腺激素较高，进入医院立刻抽血体检，甲状腺激素指标偏高（2分）。31.（11分） (1)生产者、消费者或分解者（2分）；遗传物质不同，控制合成的载体种类及
25、数量不同（2分）；(2)生产者固定的太阳能和有机物中的化学能（2分）；因为生态系统的能量是单向流动，逐级递减的，因此任何生态系统都需要不断得到来自系统外的能量补充（2分）；(3)间接（生态功能）（1分）；调节气候、保护生物多样性、美化环境、涵养水源、分洪蓄洪等（2分）。32.（10分）（1）ABe（1分） 9/16（1分） （2）AaBbEe（1分） AaBbee（1分） 乙（2分）预期结果及结论： 若子代全为矮茎，则说明子代基因型为AaBbEe（2分）若子代高茎：矮茎=1：3，则说明子代基因型为AaBbee（2分）33物理选修33(15分) 【解析】布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒不停的在
26、做无规则运动，不是液体分子的运动，但它反映了液体分子永不停息的做无规则运动，故A正确；0时，水结冰，水分子的存在形式改变了，分子间的平均势能降低，但温度未发生变化，水分子的平均动能不变，不会停止热运动，故B选项错误；若两分子间距小于平衡距离，随着分子间距离的增大，分子势能可能先减小后增大，故C正确；热量不能自发的从低温物体传递到高温物体，如空调机，故D错误；对于一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大对外做功，根据理想气体的状态方程,可知气体的温度一定升高，内能增加，根据热力学第一定律可知它一定从外界吸热，故E正确。【答案】ACE(2) 【解析】.对A部分气体，初状态：.设弹簧压缩量为，末状
27、态：.由玻意耳定律得：.对活塞a由平衡条件得：.得对B部分气体，初状态：.末状态：.理想气体状态方程：.解得：34（1）【解析】振源相同，故两列波频率相同，A选错误，根据波长关系可以看出，根据，可知，故B选项正确；波长越大衍射现象越明显，故C正确；根据多普勒效应，当接收者靠近波源时，接收到的频率大于波源的频率，因此D选项错误；只有发生干涉现象时，振动加强点才会始终加强，而发生干涉的条件是频率相同，这两列波波源相同，故可以发生干涉现象，振动加强点会始终加强，故E选项正确。(2)【解析】光路图如图所示：入射角的正弦：.折射角正弦：.折射定律：.得：光路图如图虚线所示：鱼沿AB向上移动至N点入射角的
28、正弦：.折射角正弦：.折射定律：.得：因此鱼向上移动距离：.35.解析(1)根据元素M的气态原子的第I1至I5电离能大小可以看出：I1、I2相差不大，I2、I3电离能相差较多，说明M原子最外层有2个电子。在Ca5(PO4)3中元素有Ca、P、O三种元素，只有钙元素最外层有2个电子，原子半径大，容易失去最外层的2个电子，化合价为2价；根据原子核外电子排布规律可知Ca基态原子电子排布式为Ar4s2或1s22s22p63s23p64s2。(3)PO的中心原子P的价层电子对数是4，故磷原子杂化为sp3杂化；由于孤对电子对数为0，该离子的空间构型为正四面体形，键角为10928，其等电子体有SO、CCl4
29、。(5)根据CaF2晶胞结构可知：在每个晶胞中与Ca2距离最近且等距离的Ca2有3个，通过每个Ca2可形成8个晶胞，每个Ca2计算了2次，所以与Ca2距离最近且等距离的Ca2有(38)212个；将CaF2晶胞分成8个小正方体，正方体中心为F，顶点为Ca2，晶胞中共有4个钙离子、8个氟离子。Ca2与F的最近核间距(ab)为晶胞体对角线的。故晶胞边长为。根据3NA4M，可求晶体密度。答案 (1)2（1分）Ar4s2或1s22s22p63s23p64s2（1分）(2)FOP（2分）(3) sp3（1分）正四面体形 （1分）10928（1分）SO、CCl4等（2分）(4)MgOCaO（1分）Mg2半径
30、比Ca2小，晶格能较大（2分）(5)12（1分） （2分）36.解析由B的分子式、C的结构简式，可知B与氯气发生取代反应生成C，故B为，逆推可知A为CH3CHO。C发生信息中还原反应生成D为。对比D、E的分子式，结合反应条件，可知D中氯原子水解、酸化得到E为。由G的结构简式可知，E中醇羟基与甲醇发生分子间脱水反应生成F，F中酚羟基上的氢原子被取代生成G，故F为 。对比G、H(美托洛尔)的结构简式可知，G发生开环加成反应生成美托洛尔。苯甲醇发生氧化反应生成苯甲醛，苯甲醛与苯酚反应生成，最后与Zn(Hg)/HCl作用得到目标物。(5)芳香族化合物W是G的同分异构体，W能发生水解反应，核磁共振氢谱有
31、4组峰，峰面积之比为9322，符合要求的W的结构简式为答案(1)乙醛（1分）(酚)羟基、羰基（2分）(2)取代反应（2分）C12H16O3（2分）(3) （2分）（2分）（5）（2分）（2分）37.（15分）选修1-生物技术实践(1)高压蒸汽灭菌锅（2分）(2)涂布器（2分）；不同载银量的Ag/TiO2空心微球悬浊液（3分）；无菌水（2分）；滤纸片周围抑菌圈(透明圈)大小(直径)（2分）(3)滤膜（2分）；伊红美蓝（2分）。38.（15分）生物-选修3：现代生物科技专题（1）嫩叶组织细胞易破碎(1分) 防止RNA降解(1分)（2）在逆转录酶的作用下，以mRNA为模板按照碱基互补配对的原则可以合成cDNA (3分)（3）目的基因无复制原点(2分) ；目的基因无表达所需启动子(2分)（4）磷酸二酯键(3分)（5）目的基因的转录或翻译异常(3分)14
