1、一、填空题（每空3分,共30分),考试题解析,解 由于,得特征值:,又A-1=,2.设矩阵A= ,当a取_值时,A可以唯一分解为GGT,其中G为下三角矩阵.,1.设矩阵A= ,则(A)=_,Cond(A)1=_.,所以A1=5,A-11=5/7.,解 令,解 只要取(x)=x3-a ,或(x)=1-x3/a.,5.设(x)=x3+x2-3,则差商3,32,33,34=_.,3.向量x=(x1,x2,x3)T,试问|x1|+|2x2|+|x3|是不是一种向量范数_,而|x1|+|2x2+x3|是不是一种向量范数_.,是 不是,4.求 的Newton迭代格式为_.,1,6.设l0(x),l1(x)
2、,l2(x),l3(x)是以x0,x1,x2,x3为互异节点的三次插值基函数,则 =_.,(x-2)3,7.设S(x)= 是以0,1,2为节,解 (1)因为00,所以(x)仅在(1,2)内有零点,而当10,故(x)单调.因此方程(x)=0有唯一正根,且在区间(1,2)内.,点的三次样条函数,则b=_c=_.,解 由2=b+c+1,5=6+2b+c,8=12+2b,可得,二、(13分)设函数(x)=x2-sinx-1(1)试证方程(x)=0有唯一正根;(2)构造一种收敛的迭代格式xk=(xk),k=0,1,2,计 算精度为=10-2的近似根;(3)此迭代法的收敛阶是多少?说明之.,-2 3,(2
3、)构造迭代格式:,由于|(x)|=| |1,故此迭代法收敛.,(3)因为0/2,所以(),取初值x0=1.5, 计算得x1=1.41333, x2=1.40983,由于|x2-x1|=0.003510-2 , 故可取根的近似值x2=1.40983.,0,故,此迭代法线性收敛(收敛阶为1).,三、(14分)设线性方程组,(1)写出Jacobi法和SOR法的迭代格式(分量形式);(2)讨论这两种迭代法的收敛性.(3)取初值x(0)=(0,0,0)T,若用Jacobi迭代法计算时, 预估误差x*-x(10) (取三位有效数字).,(2)因为A是严格对角占优矩阵,但不是正定矩阵,故Jacobi法收敛,
4、SOR法当01时收敛.,解 (1)Jacobi法和SOR法的迭代格式分别为,(3)由(1)可见B=3/4,且取x(0)=(0,0,0)T,经计算可得x(1)=(1/4,-2/5,1/2)T,于是x(1)-x(0)=1/2,所以有,四、(13分)已知(0)=2,(1)=3,(2)=5,(1)=0.5,解 (1)由y0=2,y1=3,y2=5,y1=0.5,得,H3(x)=20(x)+31(x)+52(x)+0.51(x),令0(x)=c(x-1)2(x-2),可得0(x)=-0.5(x-1)2(x-2),于是 H3(x)=-(x-1)2(x-2)-3x(x-2)+2.5x(x-1)2 0.5x(
5、x-1)(x-2),(1)试建立一个三次插值多项式H3(x),使满足插值条件: H3(0)=2,H3(1)=3,H3(2)=5,H3(1)=0.5;,(2)设y=(x)在0,2上四次连续可微,试确定插值余项R(x)=(x)-H3(x).,令2(x)=cx(x-1)2,可得2(x)=0.5x(x-1)2;,令1(x)=x(x-2)(ax+b),可得1(x)=-x(x-2),令1(x)=cx(x-1)(x-2),可得1(x)=-x(x-1)(x-2),=x3-2.5x2 +2.5x+2,由于,R(0)=R(1)=R(2)=R(1)=0, 故可设,五、(12分)试确定参数A,B,C及,使数值积分公式
6、,4=A+B+C, 0=A-C, 16/3=A2+C2, 0=A3-C3,有尽可能高的代数精度,并问代数精度是多少?它是否是Gauss公式?,解 令公式对(x)=1,x,x2,x3,x4都精确成立,则有,R(x)=C(x)x(x-1)2(x-2),构造函数(t)=(t)-H3(t)-C(x)t(t-1)2(t-2),于是,存在x,使(4)(x)=0,即(4)(x)-4!C(x)=0,64/5=A4+C4,解得:A=C=10/9,B=16/9,=(12/5)1/2,容易验证公式对(x)=x5仍精确成立，故其代数精度为5，是Gauss公式。,六、(12分)设初值问题,(1)试证单步法,解 (1)由于,是二阶方法.,(2)以此法求解y=-10y, y(0)=1时,取步长h=0.25,所得数值解yn是否稳定?为什么?,于是有,而,所以有,当h=0.25时,有,所以此单步方法为二阶方法.,(2)此单步方法用于方程y=-10y,则有,所以,所得数值解是不稳定的.,七、(6分)设n阶矩阵A=(aij)nn,试证实数,为矩阵A的一种范数.,证明 对任意n阶方阵A,B和常数,有,所以,实数A是矩阵A的范数.,
