1、2018 届重庆市高三学业质量调研抽测（第二次）物理试题（解析版）选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分1. 如图所示，为氢原子能级示意图的一部分，关于氢原子，下列说法正确的是A. 一个氢原子从 n=3 能级跃迁到 n=l 能级，可能辐射出 3 种不同频率的电磁波B. 从 n=4 能级跃迁到 n=3 能级，氢原子会吸收光子，能级升高C. 从 n=4 能级跃迁到 n=3 能级，氢原子会向外辐射光子，能级降低D. 处于不同能级时，核外电
2、子在各处出现的概率是一样的【答案】C【解析】A 项：一个氢原子从 n=3 能级跃迁到 n=l 能级，最多可能辐射 2 种不同频率的电磁波，故错误；B、C 项：从 n=4 能级跃迁到 n=3 能级，是从高能级向低级跃迁，氢原子会放出光子，能级降低，故 B 错误，C 正确；D 项：处于不同能级时，核外电子在各处出现的概率是不一样的，故 D 错误。点晴：解决本题的关键知道吸收或辐射能量与能级差的关系，知道能级差越大，辐射或吸收的光子能量越大，波长越小。2. 如图所示，理想变压器原线圈输入电压 u=Umsint，副线圈电路中 R0 为定值电阻，R 是半导体材料做成的光敏电阻（光照强度增大，电阻减小）
3、V 1 和 V2 是理想交流电压表，示数分别用 U1 和 U2 表示；A 1 和A2 是理想交流电流表，示数分别用 I1 和 I2 表示下列说法正确的是A. I1 和 I2 表示电流的瞬时值B. U1 和 U2 表示电压的最大值C. 光照强度增大，U 2 变小、I 1 变小D. 光照强度增大，U 2 不变、I 1 变大【答案】D【解析】A 项：I 1 和 I2 表示电流的有效值，A 错误；B 项：U 1 和 U2 表示电压的有效值，B 错误；C、D 项：光照强度增大，电阻减小， 输出端电阻减小，输出端电压不变，输出电流增大，输出功率增大，输入功率增大，输入电压不变，输入电流增大；C 错误，D
4、正确。点晴：解决本题关键理解变压器电路中，输入电压决定输出电压，输出功率决定输入功率。3. 如图所示，a、b、c、O 位于同一直线上，ab=bc在 O 点固定一点电荷 Q，已知 b 点电势高于 c 点电势一电子仅在电场力作用下先从 a 点运动到 b 点，再从 b 点运动到 c 点，经历两个运动过程下列说法正确的是A. 点电荷 Q 带正电B. 两个运动过程，电场力做的功相等C. 两个运动过程，电子运动的加速度相等D. 整个运动过程，电子的动能不断减小【答案】D【解析】A 项：根据沿电场线电势越来越低且 b 点电势高于 c 点电势可知，点电荷 Q 带负电，故 A 错误；B 项：根据题述，ab 之间
5、电场强度小于 bc 之间电场强度，前一过程中电场力做的功小于后一过程中电场力做的功，故 B 错误；C 项：根据点电荷的场强公式 可知，离点荷越远电场强度越小，所以两个运动过程，电子运动的加速度不相等且 ，故 C 错误；D 项：整个运动过程，电场力一直做负功，所以电子的动能不断减小，故 D 正确。4. “天宫一号”圆满完成相关科学实验，预计 2018 年“受控”坠落若某航天器变轨后仍绕地球做匀速圆周运动，但动能增大为原来的 4 倍，则变轨后A. 向心加速度变为原来的 8 倍 B. 周期变为原来的C. 角速度变为原来的 4 倍 D. 轨道半径变为原来的【答案】B【解析】由题意可知， ，所以 ，根据
6、 可得， ，所以轨道半径 。A 项：由公式 可得， ，故 A 错误；B 项：由公式 可得， ，故 B 正确；C 项：由公式 可得， ，故 C 错误；D 项：由前面分析可知， ，故 D 错误。5. 如图所示，倾角为 a 的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物体 a 放在斜面上，轻质细线一端固定在 a 上，另一端绕过 2 个光滑的滑轮固定在 c 点，滑轮 2 下悬挂物体 b，系统处于静止状态若将悬挂点 c 向右移动少许，而 a 与斜劈始终保持静止下列说法正确的是A. 地面对斜劈的摩擦力一定增大B. 斜劈对 a 的摩擦力一定增大C. 细线对 a 的拉力一定减小D. 斜劈对地面的压力一定减小【答案】A【解析】
7、A、D 项：对斜面体、物体 a、物体 b 整体受力分析，受重力、支持力、细线的拉力和地面的静摩擦力，如图所示：根据平衡条件，有：，N 与角度 无关，恒定不变；根据牛顿第三定律，压力也不变，故 A 正确；，将固定点 c 向右移动少许，则 增加，故摩擦力增加，故 D 错误；C 项：对滑轮和物体 b 受力分析，受重力和两个拉力，如图所示：根据平衡条件，有：m bg=2Tcos解得： 将固定点 c 向右移动少许，则 增加，故拉力 T 增加，故 C 错误。6. 如图所示，在光滑水平面上以速度 v0 匀速滑动的物块，运动到 A 点时受到一水平恒力 F 的作用，经过一段时间后运动到 B 点，速度大小仍为 v
8、0，方向改变了 90，在此过程中A. 物块的加速度大小方向都不变B. 物块的速度大小不变，方向时刻改变C. 水平恒力 F 的方向一定与 AB 连线垂直D. 物块的动能先增加后减小【答案】AC【解析】A 项：合力恒定，根据牛顿第二定律，物体的加速度一定恒定不变，故 A 正确；B、D 项：由于合力先做负功后做正功，故动能先减小后增加，故 B、D 错误；C 项：物体的初、末动能相同，根据动能定理，合力的功为零，故合力与位移垂直，即水平衡力 F 方向一定与 AB 连线垂直，故 C 正确。点晴：物体的初、末动能相同，根据动能定理，合力的功为零，故合力与位移垂直；根据动能定理分析过程中动能的变化情况；根据
9、牛顿第二定律分析加速度的情况。7. 如题 20 图所示，木块 A、B 的质量分别为 m1、m2，A、B 之间用一轻弹簧相连，将它们静置于一底端带有挡板的光滑斜面上，斜面的倾角为 ，弹簧的劲度系数为 k现对 A 施加一平行于斜面向上的恒力 F，使A 沿斜面由静止开始向上运动当 B 对挡板的压力刚好为零时，A 的速度刚好为 v，下列说法正确的是A. 此时弹簧的弹力大小为B. 在此过程中拉力 F 做的功为C. 在此过程中弹簧弹性势能增加了D. 在此过程中木块 A 重力势能增加了【答案】BD【解析】A 项：当 B 刚离开 C 时，弹簧的弹力等于 B 的重力沿斜面下的分力，即 F 弹 =m2gsin，故
10、 A 错误；B 项：开始系统处于静止状态，弹簧弹力等于 A 的重力沿斜面下的分力，则有 m1gsin=kx1，x1 为弹簧相对于原长的压缩量，当 B 刚离开 C 时，弹簧的弹力等于 B 的重力沿斜面下的分力，故 m2gsin=kx2，x2 为弹簧相对于原长的伸长量，则 A 沿斜率上升的距离 x=x1+x2，联立解得： ，则拉力 F 在该过程中对木块 A 所做的功为 ，故 B 正确；C、D 项：木块 A 在该过程中重力势能增加量 根据功能关系，弹簧弹性势能的增加量等于拉力的功减去系统动能和重力势能的增加量，即为，故 C 错误，D 正确。点晴：当 B 刚离开 C 时，弹簧的弹力等于 B 的重力沿斜
11、面下的分力，开始系统处于静止状态，弹簧弹力等于 A 的重力沿斜面下的分力，根据胡克定律求解出弹簧的伸长量和压缩量，从而求出 A 上升的距离，根据 W=Fx 求解 F 做的功，根据重力做功与重力势能的关系求解 A 重力势能增加量，根据功能关系，弹簧弹性势能的增加量等于拉力的功减去系统动能和重力势能的增加量。8. 如图所示，在第二象限中有水平向右的匀强电场，在第一象限内存在垂直纸面向外的匀强磁场一带电粒子（电荷量为 q，质量为 m）以垂直于 x 轴的速度 v0 从 x 轴上的 P 点进入该匀强电场，恰好与 y 轴正方向成 45角射出电场，再经过一段时间又恰好垂直于 x 轴进入第四象限已知 OP 之
12、间的距离为 d，粒子重力不计，则A. 带电粒子通过 y 轴时的坐标为（0，d）B. 电场强度的大小为C. 带电粒子在电场和磁场中运动的总时间为D. 磁感应强度的大小为【答案】BC【解析】试题分析：粒子在电场中做类平抛运动，因为进入磁场时速度方向与 y 轴成 45，所以沿 x 轴方向的分速度 ，在 x 轴方向做匀加速运动，有 ，沿 y 轴方向做匀速运动，有 ，故选项 A 错误；在 x 轴方向做匀加速运动，根据 ，解得 ，故选项 B 正确；粒子进入磁场后做匀速圆周运动，轨迹如图所示，由图可知粒子的半径 ，圆心角 ，所以在磁场中的运动时间为；在电场中的运动时间为 ，所以总时间为 ，故选项C 正确；由
13、 可知磁感应强度 ，故选项 D 错误考点：类平抛运动规律；粒子在磁场中和电场中的运动三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分第 2232 题为必考题每个试题考生都必须作答第 3337 题为选考题，考生根据要求作答9. 在“测定金属的电阻率” 实验中：（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径 D，示数如图甲所示，D =_mm（2）某小组利用电流表（内阻约 0.1） 、电压表（内阻约 3k）等器材，按要求从 0 开始测量，得到多组电流、电压数据，求出金属丝的电阻 Rx=50他们采用的是图乙中的_电路图，所测电阻 Rx 的真实值_（选填“ 大于” 、“小于”、 “等于” ）50【答案】 (1). 2.7
14、06（2.7032.708） (2). A (3). 小于【解析】(1) 由图甲所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为 2.5mm，可动刻度示数为20.60.01mm=0.206mm，螺旋测微器示数为 2.5mm+0.206mm=2.706mm；(2)由题可知，按要求从 0 开始测量，所以滑动变阻器应用分压式，根据比值法可知，说明金属丝的电阻较大，所以电流表应用内接法，故应选用乙图中的A，由“大内偏大”可知，电阻的真实值小于测量值。点晴：解决本题关键理解当测量电路中电压要从零开始变化，则应用滑动变阻器的分压式，掌握用比值法确定电流表的内外接法。10. 某实验小组用图甲所示的实验装置测量滑块与长木板
15、之间的动摩擦因数在一端装有定滑轮的长木板上固定 A、B 两个光电门，与光电门相连的计时器能显示滑块上的遮光片通过光电门时的遮光时间，滑块通过绕过定滑轮的轻质细绳与测力计挂钩相连，测力计下吊着沙桶，测力计能显示挂钩所受的拉力，滑块对长木板的压力与滑块的重力大小相等，已知遮光片宽度为 d，当地的重力加速度为 g（1）为了满足实验的要求，下列说法正确的是_A长木板应放在水平桌面上B长木板没有定滑轮的一端应适当垫高，以平衡摩擦力C沙桶及测力计的总质量应远小于滑块的质量D定滑轮与滑块之间的细绳应与长木板平行（2）甲同学测出 A、B 两光电门之间的距离为 L，滑块通过 A、B 两光电门的时间分别为 t1、
16、t2，滑块的加速度大小 a=_（用字母 L、d、t1、t2 表示） （3）多次改变沙桶里沙的质量，重复步骤（2） ，根据测得的多组 F 和 a，作出 a-F 图象如图乙所示，由图象可知，滑块的质量为_，滑块与长木板间的动摩擦因数为_【答案】 (1). AD (2). (3). (4). 【解析】(1) A、D 项：为保证滑块做匀加速运动，绳子的拉力必须恒定，应调整滑轮高度，使细线与木板平行，故 A、D 正确；B 项：本实验要测量动摩擦因数，不需要平衡摩擦力，故 B 错误；C 项：由于本实验中有测力计，故不要沙桶及测力计的总质量应远小于滑块的质量，故 C 错误；(2) 滑块通过 A、B 两光电门
17、的速度分别为： ， ，由匀变速直线运动的速度位移公式可知，解得 ；(3) 滑块受到的摩擦力为：f=mg由牛顿第二定律可得：解得力 F 与加速度 a 的函数关系式为： ，由图象所给信息可得图象斜率为： ，所以由图象所给信息可得图象截距为： ，所以 。点晴：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，同时要熟练应用所学基本规律解决实验问题。11. 如图所示，固定在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为 d（导轨电阻不计） ，其右端接有阻值为 R 的电阻，整个装置处在竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度大小为 B一质量为 m、电阻为 r 的匀质导体杆 ab 垂直于导轨
18、放置，与导轨接触良好，杆与导轨之间的动摩擦因数为 对 ab 施加水平向左的恒力 F，使 ab 从静止开始沿导轨运动，当运动距离为 l 时，速度恰好达到最大已知重力加速度大小为g在此过程中，求：（1）导体杆 ab 的最大速度 vm；（2）电阻 R 产生的焦耳热 QR【答案】 （1） （2）【解析】试题分析：(1) 杆匀速运动时速度最大，由平衡条件可以求出最大速度；(2)由能量守恒定律可以求出电路中产生的焦耳热。解：(1) ab 速度最大时，加速度 a=0由以上各式联立解得： ；(2) 恒力 F 做功： WF=Fl 摩擦生热：Q f=mgl .整个回路中产生的焦耳热： 电阻 R 产生的焦耳热： 由
19、以上各式联立解得： 。点晴：当杆做匀速运动时速度最大，应用平衡条件、安培力公式、能量守恒定律即可正确解题分析清楚杆的运动过程，杆做匀速运动时速度最大；杆克服安培力做功转化为焦耳热，可以从能量角度求焦耳热。12. 如图所示，水平面上 AB 间有一长度 x=4m 的凹槽，长度为 L=2m、质量 M=1kg 的木板静止于凹槽右侧，木板厚度与凹槽深度相同，水平面左侧有一半径 R=0.4m 的竖直半圆轨道，右侧有一个足够长的圆弧轨道，A 点右侧静止一质量 m1=0.98kg 的小木块射钉枪以速度 v0=100m/s 射出一颗质量 m0=0.02kg 的铁钉，铁钉嵌在木块中并滑上木板，木板与木块间动摩擦因数 =0.05，其它摩擦不计若木板每次与 A、B 相碰后速度立即减为 0，且与 A、B 不粘连，重力加速度 g=10m/s2求：（1）铁钉射入木块后共同的速度 V；（2）木块经过竖直圆轨道最低点 C 时，对轨道的压力大小 FN；（3）木块最终停止时离 A 点的距离 s【答案】(1) 2m/s (2) 12.5N (3) 1.25m【解析】(1) 设铁钉与木块的共同速度为 v，取向左为正方向，根据动量守恒定律得：解得： ；(2) 木块滑上薄板后，木块的加速度 ，且方向向右板产生的加速度 ，且方向向左
