1、1高中奥林匹克物理竞赛解题方法五、极限法方法简介极限法是把某个物理量推向极端，即极大和极小或极左和极右，并依此做出科学的推理分析，从而给出判断或导出一般结论。极限法在进行某些物理过程的分析时，具有独特作用，恰当应用极限法能提高解题效率，使问题化难为易，化繁为简，思路灵活，判断准确。因此要求解题者，不仅具有严谨的逻辑推理能力，而且具有丰富的想象能力，从而得到事半功倍的效果。赛题精讲例 1：如图 51 所示， 一个质量为 m 的小球位于一质量可忽略的直立弹簧上方 h 高度处，该小球从静止开始落向弹簧，设弹簧的劲度系数为 k，则物块可能获得的最大动能为 。解析：球跟弹簧接触后，先做变加速运动，后做变
2、减速运动，据此推理，小球所受合力为零的位置速度、动能最大。所以速最大时有mg=kx 图 51由机械能守恒有 21)(kxExhmg联立式解得 gk例 2：如图 52 所示，倾角为 的斜面上方有一点 O，在 O 点放一至斜面的光滑直轨道，要求一质点从 O 点沿直轨道到达斜面 P 点的时间最短。求该直轨道与竖直方向的夹角 。解析：质点沿 OP 做匀加速直线运动，运动的时间 t 应该与 角有关，求时间 t 对于 角的函数的极值即可。由牛顿运动定律可知，质点沿光滑轨道下滑的加速度为cosga该质点沿轨道由静止滑到斜面所用的时间为 t，则OPt21 图 522所以 cos2gOPt由图可知，在OPC 中
3、有)90sin()90sin(C所以 )co(OCP将式代入式得 gOCgCt )2cos(4)cos(2显然，当 时，上式有最小值.,1)cos(即所以当 时，质点沿直轨道滑到斜面所用的时间最短。2此题也可以用作图法求解。例 3：从底角为 的斜面顶端，以初速度 水平抛出一小球，不计0空气阻力，若斜面足够长，如图 53 所示，则小球抛出后，离开斜面的最大距离 H 为多少？解析：当物体的速度方向与斜面平行时，物体离斜面最远。以水平向右为 x 轴正方向，竖直向下为 y 轴正方向，则由： ，解得运动时间为gtvytan0 tan0gv该点的坐标为 20220 t1tatyvx由几何关系得： tnco
4、s/xH解得小球离开斜面的最大距离为 。sinta20gv这道题若以沿斜面方向和垂直于斜面方向建立坐标轴，求解则更加简便。例 4：如图 54 所示，一水枪需将水射到离喷口的水平距离为 3.0m的墙外， 从喷口算起， 墙高为 4.0m。 若不计空气阻力，取，求所需的最小初速及对应的发射仰角。2/10smg 图 53图 543解析：水流做斜上抛运动，以喷口 O 为原点建立如图所示的直角坐标，本题的任务就是水流能通过点 A（d、h）的最小初速度和发射仰角。根据平抛运动的规律，水流的运动方程为 201sincogtvyx把 A 点坐标（d、h）代入以上两式，消去 t，得： hhdhdgdv 2cos2
5、sin/ )1(co2sinta/ 22220 令 上式可变为,in/,co/,tan/ h则 ,6.7134arct5artn2145 902)si()si(220 最 小时亦 即 发 射 角 即当显 然 vdhgdv 且最小初速 =0v ./9/03)(2 smhd例 5：如图 55 所示，一质量为 m 的人，从长为 l、质量为M 的铁板的一端匀加速跑向另一端，并在另一端骤然停止。铁板和水平面间摩擦因数为 ，人和铁板间摩擦因数为，且 。这样，人能使铁板朝其跑动方向移动的最大距离 L 是多少？解析：人骤然停止奔跑后，其原有动量转化为与铁板一起向前冲的动量，此后，地面对载人铁板的阻力是地面对铁
6、板的摩擦力 f，其加速度 。gmMfa)(1由于铁板移动的距离 越大，L 越大。 是人与铁板一起开始地运动的va故,21v速度，因此人应以不会引起铁板运动的最大加速度奔跑。人在铁板上奔跑但铁板没有移动时，人若达到最大加速度，则地面与铁板之间的摩擦力达到最大静摩擦 ，根据系统的牛顿第二定律得：gmM)(02maF所以 哈图 554设 、 分别是人奔跑结束及人和铁板一起运动时的速度v因为 vmM)(且 Lal122,并将 、 代入式解得铁板移动的最大距离1a2lmL例 6：设地球的质量为 M，人造卫星的质量为 m，地球的半径为 R0，人造卫星环绕地球做圆周运动的半径为 r。试证明：从地面上将卫星发
7、射至运行轨道，发射速度，并用该式求出这个发射速度的最小值和最大值。 （取)2(00RgvR0=6.4106m） ，设大气层对卫星的阻力忽略不计，地面的重力加速度为 g）解析：由能量守恒定律，卫星在地球的引力场中运动时总机械能为一常量。设卫星从地面发射的速度为 ，卫星发射时具有的机械能为发v021RMGE发进入轨道后卫星的机械能为 rMmGvE221轨由 E1=E2，并代入 解得发射速度为 ,rv轨 )2(00rR发又因为在地面上万有引力等于重力，即： gGgR020所 以把式代入式即得： )(0rgv发（1）如果 r=R0，即当卫星贴近地球表面做匀速圆周运动时，所需发射速度最小为 .smgRv
8、/19.73min（2）如果 ，所需发射速度最大（称为第二宇宙速度或脱离速度）为r/02.30ax例 7：如图 56 所示，半径为 R 的匀质半球体，其重心在球心O 点正下方 C 点处，OC=3R/8， 半球重为 G，半球放在5水平面上，在半球的平面上放一重为 G/8 的物体，它与半球平在间的动摩擦因数 ， 求无滑动时物体离球心 图 562.0O 点最大距离是多少？解析：物体离 O 点放得越远，根据力矩的平衡，半球体转过的角度 越大，但物体在球体斜面上保持相对静止时， 有限度。设物体距球心为 x 时恰好无滑动，对整体以半球体和地面接触点为轴，根据平衡条件有： cos8sin3GR得 tax可见
9、，x 随 增大而增大。临界情况对应物体所受摩擦力为最大静摩擦力，则：.RxNfm603,2.0tn所 以例 8：有一质量为 m=50kg 的直杆，竖立在水平地面上，杆与地面间静摩擦因数 ，杆的上端固定在地面上的绳索拉住，绳3.与杆的夹角 ，如图 57 所示。0（1）若以水平力 F 作用在杆上，作用点到地面的距离 为杆长） ，要使Lh(5/21杆不滑倒，力 F 最大不能越过多少？（2）若将作用点移到 处时，情况又如何？5/42Lh解析：杆不滑倒应从两方面考虑，杆与地面间的静摩擦力达到极限的前提下，力的大小还与 h 有关，讨论力与 h 的关系是关键。杆的受力如图 57甲所示，由平衡条件得0)(co
10、sinfLhFmgTNf另由上式可知，F 增大时，f 相应也增大，故当 f 增大到最大静摩擦力时，杆刚要滑倒，此时满足： N解得： hLmgas /tan)(由上式又可知，当 时对 F 就没有限制了。L6.0,即 当图 57图 57甲6（1）当 ，将有关数据代入 的表达式得0152hLmaxFNF38max（2）当 无论 F 为何值，都不可能使杆滑倒，这种现象即称为自锁。,402例 9：放在光滑水平面上的木板质量为 M，如图 58 所示，板上有质量为 m 的小狗以与木板成 角的初速度 （相对于地面）0v由 A 点跳到 B 点，已知 AB 间距离为 s。求初速度的最小值。 图 58解析：小狗跳起
11、后，做斜上抛运动，水平位移向右，由于水平方向动量守恒，木板向左运动。小狗落到板上的 B 点时，小狗和木板对地位移的大小之和，是小狗对木板的水平位移。由于水平方向动量守恒，有 Mmvvmvsincos00即小狗在空中做斜抛运动的时间为 gtin20又 vtvsco0将、代入式得 2sin)(0mM当 有最小值， 。0,4,12sinv时即 gsvin0例 10：一小物块以速度 沿光滑地面滑行，然后沿光滑s/0曲面上升到顶部水平的高台上，并由高台上飞出，如图 59所示， 当高台的高度 h 多大时，小物块飞行的水平距离 s 最大？这个距离是多少？（g 取 10m/s2）解析：依题意，小物块经历两个过
12、程。在脱离曲面顶部之前，小物块受重力和支持力，由于支持力不做功，物块的机械能守恒，物块从高台上飞出后，做平抛运动，其水平距离 s 是高度 h 的函数。设小物块刚脱离曲面顶部的速度为 ，根据机械能守恒定律，vmgv2201小物块做平抛运动的水平距离 s 和高度 h 分别为： 21gt图 597vts以上三式联立解得： 202020 )4()gvhvghvs 当 时，飞行距离最大，为 。mgvh5.240 ms520max例 11：军训中，战士距墙 s，以速度 起跳，如图 510 所示，0v再用脚蹬墙面一次，使身体变为竖直向上的运动以继续升高，墙面与鞋底之间的静摩擦因数为 。求能使人体重心有最大总
13、升高的起跳角 。 图 510解析：人体重心最大总升高分为两部分，一部分是人做斜上抛运动上升的高度，另一部分是人蹬墙所能上升的高度。如图 510甲，人做斜抛运动 ，cos0vxgtvysin0重心升高为 2001 )cos(1tavgsH脚蹬墙面，利用最大静摩擦力的冲量可使人向上的动量增加，即 ,)(,)()()()( xyy mvtNttNtfvm而，所以人蹬墙后，其重心在竖直方向向上的速度为x，继续升高 ，人的重心总升高xyyvv gvHy2H=H1+H2= 时，重心升高最大。1tan,)sinco(020 当sg例 12：如图 511 所示，一质量为 M 的平顶小车，以速度 沿水0v平的光
14、滑轨道做匀速直线运动。现将一质量为 m 的小物块无初速地放置在车顶前缘。已知物块和车顶之间的滑动摩擦因数为 。（1）若要求物块不会从车顶后缘掉下，则该车顶最少要多长？（2）若车顶长度符合（1）问中的要求，整个过程中摩擦力共做多少功？解析：当两物体具有共同速度时，相对位移最大，这个相对位移的大小即为车顶的最小长图 510甲图 5118度。设车长至少为 l，则根据动量守恒vmMv)(0根据功能关系 220)(1vmMlg解得 ，摩擦力共做功vl)(20)(20mlgW例 13：一质量 m=200kg，高 2.00m 的薄底大金属桶倒扣在宽广的水池底部，如图 512 所示。桶的内横截面积 S=0.5
15、00m2，桶壁加桶底的体积为 V0=2.50102 m3。桶内封有高度为l=0.200m 的空气。池深 H0=20.0m，大气压强 p0=10.00m 水柱高，水的密度 ，重力加速度取 g=10.00m/s2。若用图中所示/1.kg吊绳将桶上提，使桶底到达水面处，求绳子拉力对桶所需何等的最小功为多少焦耳？（结果要保留三位有效数字） 。不计水的阻力，设水温很低，不计其饱和蒸汽压的影响。并设水温上下均匀且保持不变。解析：当桶沉到池底时，桶自身重力大于浮力。在绳子的作用下桶被缓慢提高过程中，桶内气体体积逐步增加，排开水的体积也逐步增加，桶受到的浮力也逐渐增加，绳子的拉力逐渐减小，当桶受到的浮力等于重
16、力时，即绳子拉力恰好减为零时，桶将处于不稳定平衡的状态，因为若有一扰动使桶略有上升，则浮力大于重力，无需绳的拉力，桶就会 图 512甲自动浮起，而不需再拉绳。因此绳对桶的拉力所需做的最小功等于将桶从池底缓慢地提高到浮力等于重力的位置时绳子拉桶所做的功。设浮力等于重力的不稳定平衡位置到池底的距离为 H，桶内气体的厚度为 ,如图l512甲所示。因为总的浮力等于桶的重力 mg，因而有mgVSl)(0有 =0.350m 在桶由池底上升高度 H 到达不稳定平衡位置的过程中，桶内气体做等温变化，由玻意耳定律得lSpSlp )()( 0000 由、两式可得H=12.240m图 5129由式可知 Hl 2，磁
17、场的磁感强度为 B，方向与线框平面垂直，如图 530 所示，令线框的 dc 边从离磁场区域上边界 PP的距离为 h 处自由下落，已知在线框的 dc 边进入磁场以后，ab 边到达边界PP之前的某一时刻线框的速度已达到这一阶段的最大值。问从线框开始下落到 dc 边刚刚到达磁场区域下边界 QQ的过程中，磁场作用于线框的安培力做的总功为多少？答案：1(a)37.5cm (b)50cmh100cm 2 300maxL3 KMmTvTKMvamKTv )()(1, 0200 41.41s 5 6 （1） （2） （3）2)(Lgh3ghR41ghL7D 8B、C 9 R)5()5(10 11 12demvv132LBF2Lmg13 （1） （2）加速度 2sinLgIsinCB14 （1） （2） （3） （4）Rq5gRg2gR115 )(2423hlmlBgWPQ QPa bd chl1l2图 530
