1、1 高考仿真冲刺卷(五) (建议用时:60分钟 满分:110分) 二、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分.在每小题给出的四个选项中,第1417题 只有一项符合题目要求,第1821题有多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全 的得3分,有选错的得 0分. 14.以下有关近代物理内容的若干叙述正确的是( ) A.比结合能越小,表示原子核中核子结合得越牢固,原子核越稳定 B.光电效应和康普顿效应深入揭示了光的粒子性,前者表明光子具有能量,后者表明光子既 具有能量,也具有动量 C.某原子核经过一次衰变和两次衰变后,核内中子数减少6个 D Bi的半衰期是5天,12 g Bi经过15天后衰变
2、了1.5 g 15.“天舟一号”飞船是中国空间技术研究院研制的第一艘货运飞船,2017年4月20日19 时41分在海南文昌航天发射中心,由长征7号遥2运载火箭发射.4月21日上午,“天舟一 号”货运飞船已经完成了两次的轨道控制,后来又进行了三次的轨道控制,使“天舟一号” 货运飞船控制到“天宫二号”的后下方.4月22日12时23分,“天舟一号”货运飞船与离 地面390公里处的“天宫二号”空间实验室顺利完成自动交会对接.下列说法正确的是( ) A.根据“天宫二号”离地面的高度,可计算出地球的质量 B.“天舟一号”与“天宫二号”的对接过程,满足动量守恒、能量 守恒 C.“天宫二号”飞越地球的质量密集
3、区上空时,轨道半径和线速度都略微减小 D.若测得“天舟一号”环绕地球近地轨道的运行周期,可求出地球的密度 16. 一质量为1 kg的质点静止于光滑水平面上,从t=0时刻开始,受到如图所示的水平外力 作用,下列说法正确的是( ) A.第1 s末质点的速度为2 m/s B.第2 s末外力做功的瞬时功率最大 C.第1 s内与第2 s内质点动量增加量之比为12 D.第1 s内与第2 s内质点动能增加量之比为45 17.如图(a)所示,两段等长轻质细线将质量分别为m,2m的小球A,B(均可视为质点)悬挂在 O点,小球A受到水平向右的恒力F 1 的作用,小球B受到水平向左的恒力F 2 的作用,当系统 处于
4、静止状态时,出现了如图(b)所示的状态,小球B刚好位于O点正下方.则F 1 与F 2 的大小 关系正确的是( )2 A.F 1 =4F 2B.F 1 =3F 2 C.2F 1 =3F 2D.2F 1 =5F 2 18. 如图所示,质量为M长为 L的杆水平置于空中,杆两端A,B系着长为3L的不可伸长且 光滑的柔软轻绳,绳上套着一质量为m的小圆环.现在杆上施加一力,使杆和小圆环保持相对 静止,在空中沿AB方向向右做匀加速直线运动,此过程圆环恰好悬于A端的正下方.已知重 力加速度为g,不计空气阻力.下列说法正确的是( ) A.轻绳上拉力的大小为 mg B.轻绳对小圆环作用力的大小为mg C.杆的加速
5、度大小为 g D.需要在杆上施加力的大小为 (m+M)g 19.如图(甲)所示,质量为1 kg的小物块,以初速度v 0 =11 m/s从=53的固定斜面底端 先后两次滑上斜面,第一次对小物块施加一沿斜面向上的恒力F,第二次不施加力,图(乙)中 的两条线段a,b分别表示施加力F和无F时小物块沿斜面向上运动的v t图线,不考虑空气 阻力,g=10 m/s 2 ,sin 53=0.8,cos 53=0.6,下列说法正确的是( ) A.恒力F大小为21 N B.物块与斜面间的动摩擦因数为0.5 C.有恒力F时,小物块在整个上升过程产生的热量较少 D.有恒力F时,小物块在整个上升过程机械能的减少量较小
6、20.如图所示,等腰直角三角形abc区域内存在方向垂直纸面向外的匀强磁场,磁感应强度大 小为B.三个相同的带电粒子从b点沿bc方向分别以速度v 1 ,v 2 ,v 3 射入磁场,在磁场中运动 的时间分别为t 1 ,t 2 ,t 3 ,且t 1 t 2 t 3 =331.直角边bc的长度为L,不计粒子的重力,下 列说法正确的是( )3 A.三个粒子的速度大小关系可能是v 1 =v 2 v 3 B.三个粒子的速度大小关系可能是v 1s=1 s,故D正确. 22.解析:(1)遮光条宽度为0.5 cm+0.05 mm8=0.540 cm. (2)依据中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度,则有v=
7、 = m/s=0.45 m/s. (3)(4)设遮光条前进了s,则钩码的重力势能减少了mgs,系统动能增加了 (M+m) 2 ,所以 我们可以通过比较mgs和 (M+m) 2 的大小来验证机械能守恒定律.需要测量的物理量有 钩码的质量m,滑块上的遮光条初始位置到光电门的距离s,滑块的质量M. 答案:(1)0.540 (2)0.45 (3)滑块上的遮光条初位置到光电门的距离s 滑块的质量M (4)mgs (M+m) 2 评分标准:每空1分. 23.解析:(1)要用分压电路,故应该选择阻值较小的滑动变阻器E(或R 1 );(2)R 0 和A 1 串联代 替电压表,其电阻为80 +20 =100 ,
8、为了尽量准确地测量电阻R x ,在(甲)、(乙)两图 中,应选择图(乙);(3)由欧姆定律可知(I 2 -I 1 )R x =I 1 (R 0 +r 1 ),即R x = ;(4)电流表读 数为20.0 mA;(5)因R 2 的阻值比测量电路(包括两个电流表A 1 ,A 2 和两个电阻R x ,R 0 )电阻大 得多,故在P从b点向左滑动的开始阶段,测量电路与Pb部分并联的电阻很小,故电压较小; 当到达a端时,测量电路两端的电压突然会增加,接近于电源电动势E,故图像对应的是D. 答案:(1)E(或R 1 ) (2)(乙) (3) (4)20.0 (5)D 评分标准:第(1)问1分,其余每问2分
9、. 24.解析:(1)当A在B上滑动时,A与BC整体发生作用,由于水平面光滑,A与BC组成的系统 动量守恒11 mv 0 =m +2mv 1 (1分) 系统动能的减少量等于滑动过程中产生的内能 Q=mgL(1分) E k = m - m 2 - (2m) (1分) 而Q=E k (1分) 联立各式解得= .(1分) (2)当A滑上C,B与C分离,A与C发生作用,设到达最高点时速度相等为v 2 ,由于水平面光 滑,A与C组成的系统水平方向动量守恒 m +mv 1 =2mv 2 (1分) A与C组成的系统机械能守恒 m 2 + m = (2m) +mgR(1分) 联立解得R= .(2分) (3)当
10、A滑离C时,设A的速度为v A ,C的速度为v C ,A与C组成的系统水平方向动量守恒: m +mv 1 =mv A +mv C (1分) A与C组成的系统机械能守恒 m 2 + m = m + m (1分) 联立解得v C = .(1分) 答案:(1) (2) (3) 25.解析:(1)小球从图示位置到达最低点的过程,由机械能守恒定律得mgl(1-cos )= m (2分) 代入数据得v 0 =2 m/s.(1分)12 (2)由于qE-mg=10 N =5 N,故小球先做类平抛运动.(1分) 则有x=v 0 t,y= at 2 ,qE-mg=ma(2分) (y-l) 2 +x 2 =l 2
11、(1分) 联立并代入数据得t=0.4 s,x=y=0.8 m(2分) 即细线恰好处于水平位置时张紧,此时小球的竖直分速度v y =at=4 m/s(1分) 细线张紧瞬间,小球水平速度立即变为零,以竖直分速度作为初始速度做圆周运动,则由细线 张紧位置到第一次离开电场时,由动能定理得 (qE-mg)l= m - m (1分) 代入数据得v 1 =4 m/s.(1分) (3)小球从第一次离开电场到最低点过程中,由动能定理得mg2l= mv 1 2 - m (1分) 解得v 1 =8 m/s 由于qE-mg=10 NC,(2分) 光线在玻璃砖内会发生三次全反射,最后由G点射出,如图,由反射定律和几何关系得 OG=OC= R,(2分) 射到G点的光有一部分被反射,沿原路返回到达C点射出. 答案:(1)BCD (2) R 见解析
