1、 2016-2017 学年江苏省苏州市太仓市九年级（上）期末物理试卷一、选择题（本题共 12 小题；每小题 2分，共 24 分.下列各题给出的四个选项 中，只有一个选项是符合题意的.将符合题意选项的序号填在下表相应的空格 中.） 1如图所示，一根粗细均匀的铁棒 AB静止在水平地面上，现用力 F 将铁棒从水 平地面拉至竖直立起在这个过程中，力 F 作用在B端且始终与铁棒垂直，则用 力F将（ ） A逐渐变大 B逐渐变小 C保持不变 D先变小后变大 2关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（ ） A物体吸收了热量，温度一定会升高 B物体的温度越高，它所含的热量就越多 C0的冰内能为零 D0的冰和 0
2、的水，它们之间不发生热传递 3投影机的光源是强光灯泡，发光时必须用风扇给它降温现想设计投影仪的 电路，要求带动风扇的电动机选启动后，灯泡才可以发光；电动机未启动，灯泡 不可以发光图中符合设计要求的是（ ） A B C D 4如图所示是演示点火爆炸现象的装置，按动电火花发生器的按钮后盒盖被冲 出，在盒盖被冲出的过程中，下列说法正确的是（ ） A酒精燃烧产生的燃气对盒盖做功，燃气的内能增大 B燃气的内能转化为盒盖的机械能 C能量的转化形式与热机压缩冲程能量转化相同 D盒盖的机械能保持不变 5某班级组织一次爬楼比赛活动，要求从一楼登上三楼，以功率的大小作为胜 负的评价标准 为此， 下列物理量中必须测
3、量的是三楼地面到一楼地面的高度； 从一楼到达三楼所用的时间；每个同学的体重；一楼到三楼楼梯的长度 （ ） A B C D 6在电影斯巴达三百勇士中，波斯军队用投石车斜向上投出巨石来攻击斯 巴达克城的城墙， 在巨石被投出到击中城墙的过程中， 下列说法正确的是 （ ） A巨石在最高点时动能最大 B巨石在最高点时重力势能最小 C巨石的动能先减小后增大 D巨石的重力势能先减小后增大 7在如图所示的电路中，用滑动变阻器调节灯的亮度，若要求滑片 P 向右端滑 动时灯逐渐变亮，则下列接法正确的是（ ） AM接 A，N接B BM接C，N接D CM接C，N接B DM接 A，N接D 8如图所示，轨道 ABC 光滑
4、，弹簧固定在水平轨道末端，小球从 A 处由静止滚 下，撞击弹簧后又将沿水平轨道返回，接着滚上斜面在这整个过程中，机械能 转化的情况是（ ） A重力势能动能重力势能 B动能弹性势能动能 C动能势能动能势能动能 D重力势能动能弹性势能动能重力势能 9如图所示的电路中，电源电压不变，R 为滑动变阻器闭合开关 S 后，在滑 片P向右移动过程中，（ ） A电流表A 1 的示数变小，灯泡变暗 B电流表A的示数变小，电压表 V的示数变大 C电压表V的示数不变，电路的总功率变大 D电压表V的示数不变，灯泡的亮度不变 10如果加在定值电阻两端的电压从 8V 增加到 10V 时，通过定值电阻的电流相 应变化了0.
5、2A，则该定值电阻所消耗电功率的变化量是（ ） A3.6W B3.2W C2.8W D0.4W 11如图所示，斜面长 4m，高 2m，工人用400N 的力沿斜面将重为600N 的箱子， 从底端推到顶端下列说法中正确的是（ ） A有用功为1800J，总功1200 J B有用功为1200 J，额外功为800J C总功为1600 J，机械效率为 75% D总功为800J，机械效率为 75% 12如图所示的电路，已知电流表的量程为 00.6A，电压表的量程为 03V， 定值电阻R 1 的阻值为 10， 滑动变阻器R 2 的最大阻值为50， 电源电压为 6V开 关S闭合后，在滑动变阻器滑片滑动的过程中，
6、保证电流表、电压表不被烧坏的 条件是（ ） A电压表最小示数是 1V B滑动变阻器滑片允许滑到最左端 C电路中允许通过的最大电流是 0.6A D滑动变阻器滑片移动的过程中，电流表先达到最大量程 二、填空题（本题共 11 小题，每空 1 分，共30分.把正确的答案填在题中的横 线上.） 13某物体与一弹簧连接，运动过程中，某时刻物体具有的动能为 aJ，分子总 动能为 bJ，重力势能 cJ 为，内能为 dJ，弹簧的弹性势能为 eJ则此时物体的 机械能是 J，物体具有的分子的总势能是 J 14刘明在0.5min 内，用20N的水平推力使重 120N的超市购物车在水平路面上 前进了15m，在此过程中他
7、做的功是 J，功率是 W，购物车重力做的功是 J 15“神舟八号”飞船返回舱进入大气层后，由于空气摩擦，外壳烧得通红，这 是通过 的方法改变物体的内能的；太阳能是一种清洁能源某太阳能热水器 每天能使 200kg 的水温度升高 30，那么这些水吸收的热量为 J，相当于 完全燃烧 m 3 的天然气放出的热量天然气的热值取 710 7 J/m 3 ，水的比热 容c=4.210 3 J/（kg） 16在水平地面上铺一张纸，将皮球表面涂黑，使皮球分别从不同高度处自由下 落，在纸上留下黑色圆斑 A、B，如图所示球从较高处下落形成的圆斑是图中 （选填“A”或“B”），由此可知重力势能大小与 有关 17如图是
8、小明家电能表和电冰箱的铭牌如下表： BC65B电冰箱 额定电压 220V 额定功率 70W 工作频率 50Hz 耗电量 0.5KWh/24h 根据表中的信息可知，此时电能表的示数是 KWh，电冰箱每天消耗的电能是 J，若电能表后只有电冰箱在工作，每天电能表的转盘转 转 18汽车上使用的是四冲程汽油机，如图所示，是汽油机的 冲程，该冲程是 能转化为 能，该热机的转速为 3600r/min，则 1s内该热机对外做功 次 19两个电阻 A和B 中的电流与两端电压的关系如图，则 A的阻值是 若 将电阻A和B并联后接在电压为 3V的电源两端， 则总电流是 A 两个电阻 A， B的电功率之比是 20如图是
9、某电热水壶加热和保温电路原理图，R 1 =44，R 2 =440，当开关 S 1 断开，S 2 闭合，电热水壶处于 状态；该电热水壶的加热功率是 W 21如图甲所示，电源电压为 6V恒定不变，滑动变阻器 R 2 最大阻值是 20闭 合开关，滑动变阻器的 PR图象如图乙所示，则 R 1 = ；当滑片 P滑至最右 端时，电流表的示数为 A，通电10s电流对电阻 R 1 做的电功是 J 22在如图 1 所示的电路中，当闭合开关后，两个电压表的指针偏转均为图 2 中所示，则电灯L 1 和 L 2 两端的电压分别为 V和 V 23现有稳压电源、开关、电流表、电压表、灯泡、滑动变阻器各一个，其中小 灯泡的
10、 UI 图象如图所示将这些元件用导线连成电路后，闭合开关，将滑动 变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数从 10V开始减小，电流 表的示数从 0.4A 开始增大闭合开关，滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的 过程，可以判断：电源的电压为 V；滑动变阻器的最大阻值为 ；小灯 泡的最小功率为 W 三、解答题（本题共 9小题，共46分.解答25，26，27 题时应有解题过程，只 写出最后答案的不能得分.） 24如图所示的曲棒 ABC可绕A点的转轴转动，请画出要使曲棒 ABC 在图中位置 保持平衡时所需的最小力的示意图 25在图中的 O内填上适当的电表符号，使灯泡能发光； 26如图所示，画出
11、滑轮组最省力的绕法 27张强同学利用如图所示的滑轮组将货物运送到楼上，图中每个滑轮等重，不 计绳子重和摩擦 如果所送货物重 G从200N 开始逐渐增加， 直到绳子被拉断 每 次均匀速拉动绳子，且提升同样的高度图乙记录了在整个过程中滑轮组的机械 效率随货物的重力的增加而变化的图象请根据有关信息完成以下问题： （1）每个滑轮的重是多少？ （2）绳子能承受的最大拉力是多少？ （3）当绳子的拉力最大时，滑轮组的机械效率是多少？ 28如图甲电路，电源电压为 9V 且保持不变，小灯炮标有“6V 6W”的字样， 小灯泡的电流随电压的变化曲线如图乙求： （1）小灯炮正常发光时电阻为多少欧？ （2）当电流表的示
12、数为 0.7A时，此时小灯泡的电功率为多少瓦？ （3）当电压表的示数为 2V时，滑动变阻器连入的阻值是多少欧姆？ 29阅读短文，解答问题 如图甲所示是我国第一艘太阳能混合动力游船“尚德国盛号” 其最具特色的太 阳翼采用高效晶硅异型太阳能电池板拼装而成，整艘船最多可容纳 170位旅客， 排水量为 60 吨“尚德国盛号”驾驶室里有一个 GPS（全球卫星定位系统）接 收器装置，全船照明均采用节能型灯泡及 LED 灯，大大降低能源损耗，“尚德国 盛号”年发电量可达 1.710 4 kWh 相当于每年节约标准煤约 6.210 3 kg，每年可减少二氧化碳排放量约 15.7t （1）如果该船满载乘客从东海
13、驶入黄浦江，游船所受到的浮力 ，船体排开 水的体积将 （选填“减小”、“增大”或“不变”）（己知 海水 江水） （2）LED 灯可以将电能直接转化为光能，小明对 LED 灯很感兴趣，拆开了自己 新买的LED节能手电筒，发现灯头里有 2只相同规格的 LED灯泡请你帮小明判 断一下2只LED灯泡是怎样连接的，写出判断方法： 操作方法： 判断依据： （3）某次运行中游船以 300kW 的恒定功率启动并保持该恒定功率沿直线运行， 行驶过程中所受阻力不变，速度由零逐渐增大至最大值后保持匀速直线运动运 动过程中牵引力F与速度的倒数（ ）的关系图线如图乙中的实线所示，则游船 运动的最大速度为 m/s，游船运
14、行过程中所受阻力为 N （4）若仅采用标准煤给“尚德国盛号“提供电能，为使其仍达到现行的年发电 量，求完全燃烧标准煤产生的内能转化成电能的效率是多大？（已知标准煤的热 值为3.0107J/kg ） 30小明在“探究杠杆的平衡条件”实验中，利用在杠杆两端挂钩码的方法做实 验 （1）实验时使杠杆在水平位置平衡，这样做有什么好处？ （2）杠杆平衡时，记录实验数据如下表： 实验次数 动力 F 1 /N 动力臂l 1 /cm 阻力F 2 /N 阻力臂 l 2 /cm 1 2.5 20 2.5 20 2 1.0 30 1.0 30 根据表中的信息，得出“F 1 l 1 =F 2 l 2 ”的结论这样得到的
15、结论是否可靠？请说明 理由 （3）如图甲所示，小明在已调好的杠杆左端 2 格处挂了 3 只钩码，要使杠杆平 衡，除可在杠杆右端第“2”格挂“3”只钩码外，也可以在右端第 3 格挂 只 钩码来完成 （4）如图乙，将弹簧测力计挂在杠杆右端第 4 格处向下方拉使杠杆平衡，当拉 杠杆的力由向左下方逐渐变为向右下方拉的过程中， 拉力的变化情况是以下选项 中的 （填选项符号） A逐渐变大 B逐渐变小 C先变大后变小 D先变小后变大 31小明猜想：动能的大小可能与物体的质量与物体的速度有关，因此，他设计 了如下两种实验方案： A让同一辆小车分别从同一斜面的不同高度由静止开始下滑，与放在水平面上 的木块相碰，
16、比较木块在水平面上移动的距离（如图甲所示） B让不同质量的小车分别从同一斜面的不同高度由静止开始下滑，与放在水平 面上的木块相碰，比较木块在水平面上移动的距离（如图乙所示） 上述两种实验方案中： （1）A方案是为了探究动能大小与 的关系若木块被撞后移动的距离越远， 说明小车对木块 越多，小车撞击木块时的动能越 （2）小明想用 B 方案探究动能大小与质量的关系，该方案是否合理？ ；理 由是 （3）若水平面绝对光滑且不计空气阻力，该实验还能得出结论吗？答： 32 现 有 两 只 小 灯 泡 L 1 、 L 2 ， 它 们 的 额 定 电 压 分 别 为 2.5V 和 3.8V （1）如图甲是小明测
17、定灯泡 L 1 额定功率的实物电路图（不完整） 请用笔画线代替导线将实物电路图连接完整 正确连接电路后闭合开关，发现电压表有示数，电流表示数几乎为零，灯泡不 发光，导致这一现象的原因可能是 正确连接电路后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片 P 移到 端（选填 “A”或“B”）闭合开关后，移动滑片 P，当电压表示数为 2.5V 时，电流表 示数如图乙所示，是 A，则灯泡L 1 的额定功率为 W （2）小华利用图丙所示的电路测出了灯泡 L 2 的额定功率图中R为阻值已知的 定值电阻，还缺两个开关和一只电表（电流表或电压表），请在虚线框内补上这 三个元件的符号，使电路完整，实验操作简单 2016-2
18、017 学年江苏省苏州市太仓市九年级（上）期末物 理试卷参考答案与试题解析 一、选择题（本题共 12 小题；每小题 2分，共 24 分.下列各题给出的四个选项 中，只有一个选项是符合题意的.将符合题意选项的序号填在下表相应的空格 中.） 1如图所示，一根粗细均匀的铁棒 AB静止在水平地面上，现用力 F 将铁棒从水 平地面拉至竖直立起在这个过程中，力 F 作用在B端且始终与铁棒垂直，则用 力F将（ ） A逐渐变大 B逐渐变小 C保持不变 D先变小后变大 【考点】杠杆的动态平衡分析；杠杆的平衡分析法及其应用 【分析】杠杆的平衡条件：F 1 L 1 =F 2 L 2 ，在抬起的过程中，利用杠杆的平衡
19、条件来 分析F 大小的变化 【解答】解：如下图所示： 在抬起的过程中，阻力 F 2 不变，F与铁棒始终垂直，以动力臂 L 1 不变，由于铁棒 的位置的变化，导致了阻力 F 2 的阻力臂 L 2 在变小，根据杠杆的平衡条件可得： FL 1 =F 2 L 2 可知，L 1 、F 2 都不变，L 2 变小，所以 F也在变小 故选B 2关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（ ） A物体吸收了热量，温度一定会升高 B物体的温度越高，它所含的热量就越多 C0的冰内能为零 D0的冰和 0的水，它们之间不发生热传递 【考点】温度、热量与内能的关系 【分析】（1）晶体的熔化过程中，吸热但温度不变； （2）热量
20、是一个过程量，不能说物体含有多少热量； （3）一切物体在任何情况下都有内能； （4）发生热传递的条件是存在温差； 【解答】解：A、晶体的熔化过程中，吸热但温度不变，故 A错误； B、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故 B错误； C、一切物体在任何情况下都有内能，故 0的冰也有内能，故C错误； D、发生热传递的条件是存在温差，故 0的冰和 0的水，它们之间不发生热传 递，故D正确； 故选D 3投影机的光源是强光灯泡，发光时必须用风扇给它降温现想设计投影仪的 电路，要求带动风扇的电动机选启动后，灯泡才可以发光；电动机未启动，灯泡 不可以发光图中符合设计要求的是（ ） A B C D 【考
21、点】串、并联电路的设计 【分析】由并联电路的特点知，开关在干路时，可控制所有用电器，在支路上时， 只控制该支路上的用电器 【解答】解：当电风扇的电动机启动后，灯泡才能发光；风扇不转，灯泡不能发 光，故应当有一个开关在干路中，一个开关在灯泡的支路中 故选C 4如图所示是演示点火爆炸现象的装置，按动电火花发生器的按钮后盒盖被冲 出，在盒盖被冲出的过程中，下列说法正确的是（ ） A酒精燃烧产生的燃气对盒盖做功，燃气的内能增大 B燃气的内能转化为盒盖的机械能 C能量的转化形式与热机压缩冲程能量转化相同 D盒盖的机械能保持不变 【考点】做功改变物体内能 【分析】热传递和做功都可以改变物体内能，物体对外做
22、功（气体膨胀，气体对 外做功），内能减小，转化为机械能 【解答】解：酒精燃烧后产生的燃气对盒盖做功，燃气的内能减少，转化为盒盖 的机械能，盒盖的机械能增加，与汽油机的做功冲程中的能量转化相同；故 B 说法正确，ACD错误 故选B 5某班级组织一次爬楼比赛活动，要求从一楼登上三楼，以功率的大小作为胜 负的评价标准 为此， 下列物理量中必须测量的是三楼地面到一楼地面的高度； 从一楼到达三楼所用的时间；每个同学的体重；一楼到三楼楼梯的长度 （ ） A B C D 【考点】功率的测量实验 【分析】跑楼梯是克服自身的重力做功，功除以时间就是功率需要测出楼高、 登楼时间、每个同学的体重 【解答】解：跑楼梯
23、的功率 需要测量的物理量是参赛者的体重， 所登楼层的高度以及登楼所用的时间 故选C 6在电影斯巴达三百勇士中，波斯军队用投石车斜向上投出巨石来攻击斯 巴达克城的城墙， 在巨石被投出到击中城墙的过程中， 下列说法正确的是 （ ） A巨石在最高点时动能最大 B巨石在最高点时重力势能最小 C巨石的动能先减小后增大 D巨石的重力势能先减小后增大 【考点】动能和势能的大小变化 【分析】动能的大小与物体的质量和速度有关，质量越大、速度越大，动能就越 大；重力势能的大小与物体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能 就越大 【解答】解：AB、巨石在最高点时，高度最大，所以重力势能最大，速度不是最 大，
24、所以动能不是最大，故 AB 错误； C、巨石上升时，速度由大变小，所以动能先减小；巨石再下降时，速度由小变 大，所以动能再增大，因此，整个过程中巨石的动能先减小后增大，故 C正确； D、巨石整个过程中先升高，再降低，因此，它的重力势能先增大后减小，故 D 错误 故选C 7在如图所示的电路中，用滑动变阻器调节灯的亮度，若要求滑片 P 向右端滑 动时灯逐渐变亮，则下列接法正确的是（ ） AM接 A，N接B BM接C，N接D CM接C，N接B DM接 A，N接D 【考点】滑动变阻器的使用 【分析】滑动变阻器在使用时，要一上一下连接，且其最终阻值的变化取决于下 端接线柱接哪一个，据此，结合题干要求进行
25、解答 【解答】解：滑动变阻器的滑片右移，灯泡变亮，功率变大，根据 P=I 2 R，电路 中电流变大电源电压不变，电流变大，电阻变小，滑动变阻器接入电路的电阻 丝变短M应该接A 或B，N接 D 故选D 8如图所示，轨道 ABC 光滑，弹簧固定在水平轨道末端，小球从 A 处由静止滚 下，撞击弹簧后又将沿水平轨道返回，接着滚上斜面在这整个过程中，机械能 转化的情况是（ ） A重力势能动能重力势能 B动能弹性势能动能 C动能势能动能势能动能 D重力势能动能弹性势能动能重力势能 【考点】能量转化的现象 【分析】根据速度、高度、弹性形变程度的变化来分析动能、重力势能和弹性势 能的变化情况，从而得出能量的转
26、化情况 【解答】解：小球从 A 处由静止滚下，高度减小，重力势能减小，速度增大，动 能增大，重力势能转化为动能； 撞击弹簧，弹簧发生弹性形变，具有弹性势能，速度减小，动能减小，动能转化 为弹性势能； 接着滚上斜面，速度减小，动能减小，高度增大，重力势能增大，动能转化为重 力势能 所以能量的转化情况是：重力势能动能弹性势能动能重力势能 故选D 9如图所示的电路中，电源电压不变，R 为滑动变阻器闭合开关 S 后，在滑 片P向右移动过程中，（ ） A电流表A 1 的示数变小，灯泡变暗 B电流表A的示数变小，电压表 V的示数变大 C电压表 V的示数不变，电路的总功率变大 D电压表V的示数不变，灯泡的亮
27、度不变 【考点】电路的动态分析 【分析】（1）分析电路结构，明确各电路元件的连接方式； （2） 根据滑动变阻器滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路电阻的变化情况， 根据欧姆定律、并联电路的特点以及功率的计算公式判断各电表示数、灯泡亮度 以及功率的变化情况 【解答】解： 由图可知，灯泡L与滑动变阻器 R并联，电压表测电源电压，电流表 A测干路电 流，A 1 测L电流， 闭合开关S后，在滑片 P向右移动的过程中，电源电压不变，所以电压表 V的示 数不变； 灯泡 L 支路与 R 支路互不影响，所以灯泡两端电压不变，灯泡电流不变，即 A 1 示数不变，由P=UI 可知灯泡功率不变，亮度不变AB错误，D
28、正确； 滑片P 向右移动的过程中，R连入阻值变大，由 I= 可知通过R的电流变小； 根据并联电路的电流特点可知：干路电流变小，即电流表 A 变小，由 P=UI 总功 率变小故C错误 故选D 10如果加在定值电阻两端的电压从 8V 增加到 10V 时，通过定值电阻的电流相 应变化了0.2A，则该定值电阻所消耗电功率的变化量是（ ） A3.6W B3.2W C2.8W D0.4W 【考点】电功率的计算 【分析】电阻大小不变，已知电阻两端电压的变化和电流的变化，根据公式 I= 可求电阻的大小，根据公式 P= 可知该电阻的电功率变化 【解答】解： 电阻两端的电压变化，电阻保持不变， 由I= 知，当电阻
29、两端的电压为 8V时，通过电阻的电流为：I 1 = ， 由P= 可知电阻的电功率为 P 1 = ， 当电阻两端的电压为 10V时，通过电阻的电流为 I 2 = ， 该电阻的电功率为 P 2 = ， 电阻的电流相应变化了 0.2A， 即：I=I 2 I 1 = =0.2A， 解得：R=10， 所以该电阻的电功率变化了： P=P 2 P 1 = = =3.6W 故选A 11如图所示，斜面长 4m，高 2m，工人用400N 的力沿斜面将重为600N 的箱子， 从底端推到顶端下列说法中正确的是（ ） A有用功为1800J，总功1200 J B有用功为1200 J，额外功为800J C总功为1600 J
30、，机械效率为 75% D总功为800J，机械效率为 75% 【考点】有用功和额外功；斜面的机械效率 【分析】已知物体的重力和物体提升的高度，根据公式 W 有用 =Gh可求有用功； 已知斜面的长度和推力的大小，根据公式 W 总 =Fs可求总功； 总功等于有用功与额外功之和，根据 W 额 =W 总 W 有用 可求额外功； 有用功与总功的比值就是斜面的机械效率 【解答】解：有用功：W 有用 =Gh=600N2m=1200J； 推力做的总功：W 总 =Fs=400N4m=1600J； 额外功：W 额 =W 总 W 有用 =1600J1200J=400J； 斜面的机械效率：= = 100%=75% 所以
31、，C 正确，A、B、D错误； 故选C 12如图所示的电路，已知电流表的量程为 00.6A，电压表的量程为 03V， 定值电阻R 1 的阻值为 10， 滑动变阻器R 2 的最大阻值为 50， 电源电压为 6V开 关S闭合后，在滑动变阻器滑片滑动的过程中，保证电流表、电压表不被烧坏的 条件是（ ） A电压表最小示数是 1V B滑动变阻器滑片允许滑到最左端 C电路中允许通过的最大电流是 0.6A D滑动变阻器滑片移动的过程中，电流表先达到最大量程 【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；电阻的串联 【分析】（1）由电路图可知，当滑动变阻器的滑片位于最左端时，电路为 R 1 的 简单电路，电压表测
32、电源的电压，然后比较电源的电压和电压表的量程即可判断 滑片是否允许滑到最左端， 根据欧姆定律求出此时电路中的电流即可判断电路中 通过的最大电流和那个电表先达到最大量程； （2）当滑动变阻器的最大阻值和定值电阻串联时 R 1 分得的电压最小，根据电阻 的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的最小示数 【解答】解：（1）由电路图可知，当滑动变阻器的滑片位于最左端时，电路为 R 1 的简单电路，电压表测电源的电压， 电源的电压 6V大于电压表的最大量程 3V， 滑动变阻器的滑片不能移到最左端，故 B 不正确； 根据欧姆定律可得，此时电路中的电流： I= = =0.6A， 电路中的
33、最大电流不能为 0.6A，且两电表中电压表先达到最大量程，故 CD不 正确； （2）根据串联电路的分压特点可知，滑动变阻器接入电路中的阻值最大时电压 表的示数最小， 串联电路中的总电阻等于各分电阻之和， 电路中的最小电流： I min = = =0.1A， 电压表的最小示数 U 1min =I min R 1 =0.1A10=1V，故A正确 故选A 二、填空题（本题共 11 小题，每空 1 分，共30分.把正确的答案填在题中的横 线上.） 13某物体与一弹簧连接，运动过程中，某时刻物体具有的动能为 aJ，分子总 动能为 bJ，重力势能 cJ 为，内能为 dJ，弹簧的弹性势能为 eJ则此时物体的
34、 机械能是 （a+c+e） J，物体具有的分子的总势能是 （db） J 【考点】机械能；内能的概念 【分析】根据机械能包括动能和重力势能、弹性势能，内能包括分子动能和分子 势能来计算 【解答】解：因为机械能包括动能和重力势能、弹性势能，所以由题意知，机械 能是（a+c+e）J； 因为内能包括分子动能和分子势能，所以分子的总势能=（db）J 故答案为：（a+c+e）；（db） 14刘明在0.5min 内，用20N的水平推力使重 120N的超市购物车在水平路面上 前进了 15m，在此过程中他做的功是 300 J，功率是 10 W，购物车重力做 的功是 0 J 【考点】功的计算；功率的计算 【分析】
35、（1）知道水平推力和水平方向上移动的距离，可利用功 W=FS 计算推力 做的功，又知道做功的时间，可利用公式 P= 计算功率； （2）购物车受重力但在重力的方向上没移动距离，重力不做功 【解答】解： （1）拉力做的功： W=FS=20N15m=300J， t=0.5min=30s， P= = =10W； （2）购物车受重力，在水平面上匀速前进，在重力的方向上没有移动距离，所 以重力没做功，为 0J； 故答案为：300；10；0 15“神舟八号”飞船返回舱进入大气层后，由于空气摩擦，外壳烧得通红，这 是通过 做功 的方法改变物体的内能的；太阳能是一种清洁能源某太阳能热 水器每天能使 200kg
36、的水温度升高 30，那么这些水吸收的热量为 2.5210 7J，相当于完全燃烧 0.36 m 3 的天然气放出的热量天然气的热值取 7 10 7 J/m 3 ，水的比热容 c=4.210 3 J/（kg） 【考点】太阳能热水器中的热量计算；做功改变物体内能 【分析】（1）改变物体内能的两种方法：一是做功，二是热传递；当克服摩擦 力做功时，物体的内能增加、温度升高； （2）已知水的质量、比热容、升高的温度，利用吸热公式 Q 吸 =cmt 求水吸收 的热量； （2）由题知Q 放 =Q 吸 ，再利用燃料完全燃烧放热公式 Q 放 =qV计算需要天然气的体 积 【解答】解： （1）飞船返回舱进入大气层后
37、，由于空气摩擦，飞船克服摩擦力做功，使得飞 船的内能增加、温度升高，所以外壳会被烧得通红； （2）水吸收的热量： Q 吸 =cmt=4.210 3 J/（kg）200kg30=2.5210 7 J； （3）由题可知，Q 放 =Q 吸 =2.5210 7 J； 根据Q 放 =qV可得，需要完全燃烧天然气的体积： V= = =0.36m 3 故答案为：做功；2.5210 7 ；0.36 16在水平地面上铺一张纸，将皮球表面涂黑，使皮球分别从不同高度处自由下 落，在纸上留下黑色圆斑 A、B，如图所示球从较高处下落形成的圆斑是图中 B （选填“A”或“B”），由此可知重力势能大小与 高度 有关 【考点
38、】探究影响物体势能大小的因素 【分析】重力势能的大小与物体的质量和下落高度有关，下落高度相同时，质量 越大，重力势能越大；质量相同时，下落高度越大，重力势能越大；皮球下落过 程中，具有的重力势能转化为动能，与地面碰撞接触时又转化为弹性势能，弹性 势能的大小与物体的形变大小有关，形变越大，弹性势能越大 【解答】解：从图中 A、B 的印迹看出，B 球的形变大，说明它原有的重力势能 大；在质量相同的情况下，高度越高，重力势能越大 故答案为：B；高度 17如图是小明家电能表和电冰箱的铭牌如下表： BC65B电冰箱 额定电压 220V 额定功率 70W 工作频率 50Hz 耗电量 0.5KWh/24h
39、根据表中的信息可知，此时电能表的示数是 931.6 KWh，电冰箱每天消耗的 电能是 1.810 6J，若电能表后只有电冰箱在工作，每天电能表的转盘转 1250 转 【考点】电能表参数的理解与电能的求法 【分析】（1）电冰箱铭牌：额定电压 220V电冰箱的正常工作电压是 220V； 额定功率 70W电冰箱在额定电压（正常工作）时的电功率是 70W；工作频率 50Hz电冰箱使用的是家庭电路中的电，家庭电路中的交流电频度是 50Hz， 这个参数在初中的题目中一般没有使用；耗电量 0.5KWh/24h电冰箱正常工 作时24 小时耗电0.5KWh （2）电能表铭牌从上至下参数：KWh及下面的数字表示至
40、目前为止消耗的 电能，即到现在用了多少 KWh的电；转盘和最下面的 2500R/KWh表示的是 消耗1KWh 的电能，转盘转动 2500转；220V 10A 50Hz表示此电能表是使用 在220V 50Hz 的家庭电路中，允许通过的最大电流是 10A 【解答】解：（1）电能表的读数要注意数字的最后一格是小数位，故此电能表 的示数是931.6KWh （2）根据电冰箱的铭牌，电冰箱一天 24h 消耗的电能为 0.5KWh=0.53.6 10 6 J=1.810 6 J （3）电冰箱一天消耗 0.5KWh，而电能表的转盘是消耗 1KWh转动 2500转，所 以0.5KWh 转盘就是转动 1250 转
41、 故本题答案为：931.6；1.810 6 ；1250 18汽车上使用的是四冲程汽油机，如图所示，是汽油机的 压缩 冲程，该冲 程是 机械 能转化为 内 能，该热机的转速为 3600r/min，则 1s 内该热机 对外做功 30 次 【考点】内燃机的四个冲程；有关热机的计算 【分析】（1）解决此题要根据进气门、排气门的开关情况和活塞的运动情况进 行判断；内燃机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能 转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能 （2）在四冲程内燃机曲轴转一圈，完成 2 个冲程，1 个工作循环中包括 4 个冲 程并对外做功1次 【解答】解： （1）由图可以看出，热
42、机的进气门关闭，排气门关闭，活塞由下向上运动，为 压缩冲程；压缩冲程中机械能转化为内能； （2）由题意可知，单缸四冲程汽油机的飞轮转速是 3600r/min，即每秒钟转 60 圈，完成120个冲程，做功 30 次 故答案为：压缩；机械；内；30 19 两个电阻A和B 中的电流与两端电压的关系如图， 则 A的阻值是 5 若 将电阻 A 和 B 并联后接在电压为 3V 的电源两端，则总电流是 0.9 A两个电 阻A，B 的电功率之比是 2：1 【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算 【分析】由 A 电阻的 UI 图象读出任意一组电压和电流值，根据欧姆定律求出 其阻值；根据图象读出电压为 3V时通过A
43、B 的电流，由并联电路的电流特点求出 总电流；再由P=UI 求出功率之比 【解答】解：由A图象可知，当 U A =3V时，I A =0.6A， A的电阻为：R 1 = = =5； 由图橡可知，当U B =3V 时，I B =0.3A，由题可知，A、B并联， 总电流：I=I A +I B =0.6A+0.3A=0.9A； = = = 故答案为：5；0.9；2：1 20如图是某电热水壶加热和保温电路原理图，R 1 =44，R 2 =440，当开关 S 1 断开，S 2 闭合，电热水壶处于 保温 状态；该电热水壶的加热功率是 1100 W 【考点】电功与热量的综合计算 【分析】当开关S 1 断开，S
44、 2 闭合，两电阻串联，在电压一定时，根据 P= 分析 解答其状态；利用以上公式求解功率 【解答】解：当开关 S 1 断开，S 2 闭合，两电阻串联，电阻最大，由于电压一定， 则由P= 可知此时电功率最小，处于保温状态， 当开关S 2 断开，S 1 闭合，R 2 断路，R 1 单独工作，电路中电阻最小，由于电压一定， 则由P= 可知此时电功率最大，处于加热状态， 此时的电功率为：P= = =1100W 故答案为：保温；1100 21如图甲所示，电源电压为 6V恒定不变，滑动变阻器 R 2 最大阻值是 20闭 合开关，滑动变阻器的 PR图象如图乙所示，则 R 1 = 10 ；当滑片 P滑至最 右
45、端时， 电流表的示数为 0.2 A， 通电10s 电流对电阻R 1 做的电功是 4 J 【考点】欧姆定律的应用；电功的计算；电功率与电压、电流的关系 【分析】当滑片P滑至最右端时，接入电路中的电阻最大，根据图象读出滑动变 阻器消耗的电功率，根据串联电路的电流特点和 P=I 2 R求出电路中的电流，根据 欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出 R 1 的阻值，再利用 W=UIt=I 2 Rt求出通电 10s电流对电阻R 1 做的电功 【解答】解：由电路图可知，R 1 与R 2 串联，电流表测电路中的电流 当滑片P滑至最右端时， R 2 =20， 由图象可知滑动变阻器消耗的电功率 P 2
46、=0.8W， 因串联电路中各处的电流相等， 所以，由P=I 2 R可得，电路中电流表的示数： I= = =0.2A， 由I= 可得，电路中的总电阻： R= = =30， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，R 1 =RR 2 =3020=10， 通电10s 电流对电阻 R 1 做的电功： Q 1 =（I） 2 R 1 t=（0.2A） 2 1010s=4J 故答案为：10；0.2；4 22在如图 1 所示的电路中，当闭合开关后，两个电压表的指针偏转均为图 2 中所示，则电灯L 1 和 L 2 两端的电压分别为 7.2 V和 1.8 V 【考点】串联电路的电压规律 【分析】分析电路结构，弄清电压表 V 1 、V 2 测电路中哪部分电路电压 确定两个电压表的量程，然后读出电压表的读数 根据串并联电路的规律特点，求出灯泡 L 1 、L 2 的电压值 【解答】解： 由电路图可知：灯泡 L 1 、L 2 串联，电压表 V 1 测的是灯泡L 1 、L 2 的串联电压，电 压表V 2 测的是灯泡 L 2 两端的电压 由上述分析知：电压表 V 1 的示数应大于 V 2 的示数；由题意知，两电压表的指 针位置相同，则它们的量程不同； 电压表V 1
